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福建省泉州市衡阳学校2022年高三数学理上学期期末试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 数列{an}满足an=n2+kn+2,若不等式an≥a4恒成立,则实数k的取值范围是( )
A.[﹣9,﹣8] B.[﹣9,﹣7] C.(﹣9,﹣8) D.(﹣9,﹣7)
参考答案:
B
考点:数列的函数特性.
专题:等差数列与等比数列.
分析:an=n2+kn+2=,由于不等式an≥a4恒成立,可得,解出即可.
解答: 解:an=n2+kn+2=,
∵不等式an≥a4恒成立,
∴,
解得﹣9≤k≤﹣7,
故选:B.
点评:本题考查了数列与二次函数的单调性,考查了计算能力,属于基础题.
2. 函数的零点所在的大致区间是
A.(0,1 ) B.(1 ,2) C.(2,e) D.(3,4)
参考答案:
B
3. 已知函数f(x)=2sinx﹣3x,若对任意m∈[﹣2,2],f(ma﹣3)+f(a2)>0的恒成立,则a的取值范围是( )
A.(﹣1,1) B.(﹣∞,﹣1)∪(3,+∞) C.(﹣3,3) D.(﹣∞,﹣3)∪(1,+∞)
参考答案:
A
【考点】3R:函数恒成立问题.
【分析】先利用定义、导数分别判断出函数的奇偶性、单调性,然后利用函数的性质可去掉不等式中的符号“f”,转化具体不等式,借助一次函数的性质可得a的不等式组,解出可得答案.
【解答】解:∵f(﹣x)=2sin(﹣x)﹣3(﹣x)=﹣(2sinx﹣3x)=﹣f(x),
∴f(x)是奇函数,
又f'(x)=2cosx﹣3<0,∴f(x)单调递减,
f(ma﹣3)+f(a2)>0可化为f(ma﹣3)>﹣f(a2)=f(﹣a2),
由f(x)递减知ma﹣3<﹣a2,即ma+a2﹣3<0,
∴对任意的m∈[﹣2,2],f(ma﹣3)+f(a2)>0恒成立,
等价于对任意的m∈[﹣2,2],ma+a2﹣3<0恒成立,
则,解得﹣1<a<1,
故选:A.
【点评】本题考查恒成立问题,考查函数的奇偶性、单调性的应用,考查转化思想,考查学生灵活运用知识解决问题的能力,是中档题.
4. 已知向量,,,若,则x=( )
A. 1 B. 2 C. 3 D. 4
参考答案:
A
【分析】
先求出,利用数量积的坐标表示,得出方程,便可求出的值。
【详解】=(),,故本题选A。
【点睛】本题考查了平面向量的数量积的坐标表示、平面向量的坐标运算。重点考查了两个平面向量垂直,它们的横坐标之积与纵坐标之积的和为零。
5. 在等差数列中,已知,则数列的前12项和为
A.30 B.60 C.90 D.120
参考答案:
B
6. 函数的图象可能是
A. B. C. D.
参考答案:
D
略
7. 一个几何体的三视图如图所示,则这个几何体外接球的体积为( )
A.1000π B.200π C.π D.π
参考答案:
D
【考点】由三视图求面积、体积.
【专题】数形结合;转化法;空间位置关系与距离;立体几何.
【分析】根据几何体的三视图,得出该几何体是底面为直角三角形,高为10的直三棱柱,
且三棱柱外接球的半径是三棱柱对角线的一半,结合图形即可求出它的体积.
【解答】解:根据几何体的三视图,得;
该几何体是底面为直角三角形,
且直角边长分别为6和8,高为10的直三棱柱,如图所示;
所以该三棱柱外接球的球心为A1B的中点,
因为A1B=10,所以外接球的半径为5,
体积为π?=π.
故选:D.
【点评】本题考查了空间几何体三视图的应用问题,也考查了空间想象能力的应用问题,是基础题目.
8. 已知m,n是两条不同的直线,α,β,γ是三个不同的平面,则下列命题正确的是( )
A.若α⊥γ,α⊥β,则γ∥β
B.若m∥n,m?α,n?β,则α∥β
C.若m∥n,m∥α,则n∥α
D.若n⊥α,n⊥β,则α∥β
参考答案:
9. 已知函数的导函数的图象如图所示,则函数的图象可能是( )
参考答案:
C
10. 7人乘坐2辆汽车,每辆汽车最多坐4人,则不同的乘车方法有( )
A. 35种 B. 50种 C. 60种 D. 70种
参考答案:
D
【分析】
根据题意,分2步分析,①先将7人分成2组,1组4人,另1组3人;②将分好的2组全排列,对应2辆汽车,由分步计数原理计算可得答案.
【详解】解:根据题意,分2步分析,
①,先将7人分成2组,1组4人,另1组3人,有C74=35种分组方法,
②,将分好的2组全排列,对应2辆汽车,有A22=2种情况,
则有35×2=70种不同的乘车方法;
故选:D.
【点睛】排列组合的综合应用问题,一般按先选再排,先分组再分配的处理原则.对于分配问题,解题的关键是要搞清楚事件是否与顺序有关,对于平均分组问题更要注意顺序,避免计数的重复或遗漏.
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 抛物线:上到直线:距离为的点的个数为________.
参考答案:
3
12. 已知,是夹角为的两个单位向量, =﹣2, =k+,若?=0,则实数k的值为 .
参考答案:
【考点】9R:平面向量数量积的运算.
【分析】利用向量的数量积公式求出;利用向量的运算律求出,列出方程求出k.
【解答】解:∵是夹角为的两个单位向量
∴
∴
=
=
∵
∴
解得
故答案为:
13. 若x,y满足约束条件,则z=x-y,的最小值是 。
参考答案:
14. 如果:=1+mi(mR,i是虚数单位),那么m = .
参考答案:
1
略
15. 若与互为共轭复数,则______________.
参考答案:
7.
【分析】
先由复数的乘法,化简,再根据共轭复数的概念,即可求出结果.
【详解】因为,又与互为共轭复数,
所以,因此.
故答案为7
【点睛】本题主要考查复数的运算,以及共轭复数,熟记复数的运算法则以及共轭复数的概念即可,属于常考题型.
16. 设函数,对任意,恒成立,则实数的取值范围是______________.
参考答案:
略
17. 不等式的解集是 。
参考答案:
略
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 已知f(x)=(x2+ax+a)e﹣x(a≤2,x∈R).
(1)当a=1时,求f(x)的单调区间;
(2)是否存在实数a,使f(x)的极大值为3?若存在,求出a的值,若不存在,说明理由.
参考答案:
【考点】利用导数研究函数的极值;利用导数研究函数的单调性.
【分析】(1)把a=1代入,对函数求导,分别解不等式f′(x)>0,f′(x)<0,从而可求函数的单调区间
(2)先假设f(x)的极大值为3.仿照(1)研究函数的单调区间,由单调区间求出函数的极大值,结合条件进行判断.
【解答】解:(1)当a=1时,f(x)=(x2+x+1)e﹣x;f′(x)=e﹣x(﹣x2+x)
当f′(x)>0时,0<x<1.当f′(x)<0时x>1或x<0
∴f(x)的单调递增区间为(0,1),
单调递减区间为(﹣∞,0)(1,+∞)
(2)f′(x)=(2x+a)e﹣x﹣e﹣x(x2+ax+a)=e﹣x[﹣x2+(2﹣a)x]
令f′(x)=0,得x=0或x=2﹣a,列表如下:
由表可知f(x)极大=f(2﹣a)=(4﹣a)ea﹣2
设g(a)=(4﹣a)ea﹣2,g′(a)=(3﹣a)ea﹣2>0
∴g(a)在(﹣∞,2)上是增函数,∴g(a)≤g(2)=2<3∴(4﹣a)ea﹣2≠3
∴不存在实数a使f(x)最大值为3.
19. 如图,已知抛物线,其焦点到准线的距离为,点、点是抛物线上的定点,它们到焦点的距离均为,且点位于第一象限.
(1)求抛物线的方程及点、点的坐标;
(2)若点是抛物线异于、的一动点,分别以点、、为切点作抛物线的三条切线,若、、分别相交于D、E、H,设的面积依次为,记,问:是否为定值?若是,请求出该定值;若不是,请说明理由。
参考答案:
(1) ;;(2)为定值.
试题分析:(1)由抛物线的定义可知焦准距,从而可求出抛物线的标准方程;由抛物线的焦半径公式可求出点的纵坐标,从而可求点的坐标;(2)将抛物线方程写成函数形式,求导可得函数在点点处的斜率,从而可求出抛物线在这三为处的的切线方程,解方程组求出点的坐标,利用点到直线距离公式、两点间距离公式、三角形面积公式求出两个三角形的面积表达式,可得.
试题解析:(1)因为抛物线的焦点到准线的距离为,所以,所以所求抛物线的方程为;设,则,即,同理,代入抛物线方程可得所;
(2),∴
∴ l1:;l2:;l3:
∴ D(0,-1),,
∴;
∴
∴
考点:1.抛物线的定义及几何性质;2.导数的几何意义;3.直线与抛物线的位置关系.
20. 设数列{an}的前n项和为Sn,数列{Sn}的前n项和为Tn,且满足Tn=﹣3n,n∈N*
(Ⅰ)求a1的值.
(Ⅱ)求数列{an}的通项公式;
(Ⅲ)记bn=,n∈N*,求证:b1+b2+…+bn<1.
参考答案:
考点: 数列与不等式的综合.
专题: 高考数学专题.
分析: (Ⅰ)令n=1易得a1的值 (Ⅱ)由Tn=﹣3n可得sn,当n≥2时an=﹣sn﹣1 (Ⅲ)首先验证当n=1时成立,当n≥2时利用放缩法得证.
解答: 解:(Ⅰ)当n=1时,.因为T1=S1=a1,所以,解得a1=6
(Ⅱ)当n≥2时
所以①,
②,
由②﹣①得:an=3an﹣1,
所以数列{an}是以6为首项,3为公比的等比数列.
所以.
(Ⅲ)当n=1时,;
当n≥2时,
=,
所以=.
点评: 本题主要考查等比数列与不等式确定的知识点,解答本题的关键是熟练掌握等比数列的性质,会利用放缩法及裂相消法求数列的和,本题难度较大.
21. (本题满分12分)
如图,四棱锥P—ABCD中,PA⊥底面ABCD,AB⊥AD,AC⊥CD,∠ABC=60°,PA=AB=BC,E是PC的中点。
(1)求证:CD⊥AE;
(2)求证:PD⊥面ABE。
参考答案:
(I)证明:∵PA⊥底面ABCD
∴CD⊥PA
又CD⊥AC,PA∩AC=A,
故CD⊥面PAC
AE面PAC,故CD⊥AE
(II)证明:PA=AB=BC,∠ABC=60°,
故PA=ACE是PC的中点,故AE⊥PC
由(I)知CD⊥AE,从而AE⊥面PCD,
故AE⊥PD
易知BA⊥PD,故PD⊥面ABE
略
22. (本题满分12分)我校要用三辆校车从本校区把教师接到东校区,已知从本校区到东校区有两条公路,校车走公路①堵车的概率为,不堵车的概率为;校车走公路②堵车的概率为,不堵车的概率为.若甲、乙两辆校车走公路①,丙校车由于其他原因走公路②,且三辆车是否堵车相互之间没有影响.
(1)若三辆校车中恰有一辆校车被堵的概率为,求走公路②堵车的概率;
(2)在(1)的条件下,求三辆校车中被堵车辆的个数的分布列和数学期望.学
参考答案:
解(Ⅰ)由已知条件得 ,……………………2分
即,则. ……………………………………………………………
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