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2022-2023学年浙江省衢州市菖蒲中学高三数学文上学期期末试题含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 如图,水平放置的三棱柱的侧棱长和底边长均为2,且侧棱AA1⊥面A1B1C1,正视图是边长为2的正方形,俯视图为一个等边三角形,该三棱柱的左视图面积为( )
A. B. C. D.4
参考答案:
A
略
2. 已知函数是R上的偶函数,当时,都有.设,则
A. B.
C. D.
参考答案:
C
3. 函数在区间内的图象是 ( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
4. 已知{an}为等差数列,a1+a3+a5=105,a2+a4+a6=99,以Sn表示{an}的前n项和,则使得Sn达到最大值的n是( )
A.21 B.20 C.19 D.18
参考答案:
B
【考点】等差数列的前n项和.
【分析】写出前n项和的函数解析式,再求此式的最值是最直观的思路,但注意n取正整数这一条件.
【解答】解:设{an}的公差为d,由题意得
a1+a3+a5=a1+a1+2d+a1+4d=105,即a1+2d=35,①
a2+a4+a6=a1+d+a1+3d+a1+5d=99,即a1+3d=33,②
由①②联立得a1=39,d=﹣2,
∴Sn=39n+×(﹣2)=﹣n2+40n=﹣(n﹣20)2+400,
故当n=20时,Sn达到最大值400.
故选:B.
5. 阅读右图所示的程序框图,运行相应的程序,输出的结果是
A.123 B.38 C.11 D.3
参考答案:
C
6. 已知点A(1,﹣1),B(4,0),C(2,2),平面区域D由所有满足(1<λ≤a,1<μ≤b)的点P(x,y)组成.若区域D的面积为8,则a+b的最小值为( )
A. B.2 C.4 D.8
参考答案:
C
【考点】简单线性规划.
【分析】如图所示,以AB,AC为邻边作平行四边形ABCD.分别作=, =,则由所有满足(1<λ≤a,1<μ≤b)表示的平面区域D为平行四边形DEQF. =, =,由于=(3,1),=(1,3),=6.可得==.=.
由于S平行四边形DEQF==8(λ﹣1)(μ﹣1)=8,化为λμ=λ+μ,利用基本不等式的性质可得λ+μ≥4.由(1<λ≤a,1<μ≤b),可得,于是x+y=4(λ+μ)≤4(a+b).即可得出.
【解答】解:如图所示,以AB,AC为邻边作平行四边形ABCD.
分别作=, =,
则由所有满足(1<λ≤a,1<μ≤b)表示的平面区域D为平行四边形DEQF.
=, =,
=(3,1),=(1,3),=6.
∴=,∴==.
∴==.
∴S平行四边形DEQF=
=(λ﹣1)(μ﹣1)×
=8(λ﹣1)(μ﹣1)=8,
化为(λ﹣1)(μ﹣1)=1,
∴λμ=λ+μ≥,可得λμ≥4,
∴λ+μ≥4,当且仅当λ=μ=2时取等号.
∵(1<λ≤a,1<μ≤b),
∴==(1,﹣1)+λ(3,1)+μ(1,3),
∴,
∵1<λ≤a,1<μ≤b,
∴x+y=4(λ+μ)≤4(a+b).
∴a+b≥λ+μ≥4,
∴a+b的最小值为4.
故选:C.
7. 已知x,y∈R,且,则存在θ∈R,使得xcosθ+ysinθ+1=0成立的P(x,y)构成的区域面积为( )
A.4﹣ B.4﹣ C. D. +
参考答案:
A
【考点】简单线性规划.
【专题】不等式的解法及应用.
【分析】作出不等式组对应的平面区域,求解xcosθ+ysinθ+1=0成立的等价条件,利用数形结合求出对应的面积即可得到结论.
【解答】解:作出不等式组对应的平面区域如图:对应的区域为三角形OAB,
若存在θ∈R,使得xcosθ+ysinθ+1=0成立,
则(cosθ+sinθ)=﹣1,
令sinα=,则cosθ=,
则方程等价为sin(α+θ)=﹣1,
即sin(α+θ)=﹣,
∵存在θ∈R,使得xcosθ+ysinθ+1=0成立,
∴|﹣|≤1,即x2+y2≥1,
则对应的区域为单位圆的外部,
由,解得,即B(2,2),
A(4,0),则三角形OAB的面积S=×=4,
直线y=x的倾斜角为,
则∠AOB=,即扇形的面积为,
则P(x,y)构成的区域面积为S=4﹣,
故选:A
【点评】本题主要考查线性规划的应用,根据条件作出对应的图象,求出对应的面积是解决本题的关键.综合性较强.
8. 设函数f(x)是定义在R上的奇函数,当x>0时,f(x)=2x+x﹣3,则f(x)的零点个数为( )
A.1 B.2 C.3 D.4
参考答案:
C
【考点】函数零点的判定定理;函数奇偶性的性质.
【专题】函数的性质及应用.
【分析】先由函数f(x)是定义在R上的奇函数确定0是一个零点,再令x>0时的函数f(x)的解析式等于0转化成两个函数,转化为判断两函数交点个数问题,最后根据奇函数的对称性确定答案.
【解答】解:∵函数f(x)是定义域为R的奇函数,
∴f(0)=0,所以0是函数f(x)的一个零点
当x>0时,令f(x)=2x+x﹣3=0,
则2x=﹣x+3,
分别画出函数y=2x,和y=﹣x+3的图象,如图所示,有一个交点,所以函数f(x)有一个零点,
又根据对称性知,当x<0时函数f(x)也有一个零点.
综上所述,f(x)的零点个数为3个,
故选C.
【点评】本题是个基础题,函数的奇偶性是函数最重要的性质之一,同时函数的奇偶性往往会和其他函数的性质结合应用,此题就与函数的零点结合,符合高考题的特点.
9. 集合,,若,则的值为( )
A.0 B.1 C.2 D.4
参考答案:
D
10. 已知函数,那么在下列区间中含有函数零点的是( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 若正三棱锥的底面边长为,侧棱长为1,则此三棱锥的体积为________.
参考答案:
12. 的展开式中常数项为 .(用数字作答)
参考答案:
1820
【考点】二项式定理的应用.
【分析】通项公式Tr+1==,令16﹣=0,解得r即可得出.
【解答】解:通项公式Tr+1==,
令16﹣=0,解得r=12.
∴的展开式中常数项==1820.
故答案为:1820.
13. 已知函数f(x)=,若存在实数a,b,c,d满足f(a)=f(b)=f(c)=f(d),其中d>c>b>a>0,则c+d= ,a+b+c+d的取值范围是 .
参考答案:
10,(12,).
【考点】分段函数的应用.
【分析】根据图象可判断:<a<1,1<b<2,2<c<4,6<d<8,二次函数的对称轴为x=5,可得c+d=10,利用f(a)=f(b),可得ab=1,a=,从而a+b=+b∈(2,),即可求出答案
【解答】解:若存在实数a、b、c、d,满足f(a)=f(b)=f(c)=f(d),其中d>c>b>a>0
根据图象可判断:<a<1,1<b<2,2<c<4,6<d<8,
二次函数的对称轴为x=5,∴c+d=10
∵f(a)=f(b),∴﹣4log2a=4log2b,∴ab=1,∴a=,
∴a+b=+b∈(2,),
∴a+b+c+d∈(12,).
故答案为:10,(12,).
14.
已知双曲线的离心率为2,则实数 .
参考答案:
答案:12
15. 已知两向量与满足=4,=2,且(+2)?(+)=12,则与的夹角为 .
参考答案:
【考点】平面向量数量积的运算.
【分析】根据,进行数量积的运算,便可由求出的值,进而求出向量的夹角.
【解答】解:根据条件:
=;
∴;
又;
∴与的夹角为.
故答案为:.
【点评】本题考查数量积的运算及计算公式,向量夹角的范围,已知三角函数值求角.
16. 已知函数,设集合,从集合P和Q中随机地各取一个分数分别作为a和b,则函数在区间()上为增函数的概率为 。
参考答案:
略
17. 有4个兴趣小组,甲、乙两位同学各自参加其中一个小组,每位同学参加各个小组的可能性相同,则这两位同学参加同一个兴趣小组的概率为 .
参考答案:
甲、乙两位同学各自参加其中一个小组共有16种,其中两位同学参加同一个兴趣小组有4种,所以两位同学参加同一个兴趣小组的概率为。
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 如图,四棱锥中,底面为平行四边形,,是棱的中点,且.
(1)求证:;(2)如果是棱上一点,若,求的值
参考答案:
(1)见解析;(2)
【知识点】棱柱、棱锥、棱台的体积;直线与平面垂直的判定G5 G7
解析:(1)证明:连接AC.
∵在△ABC中,
AB=AC=2,BC=2,
∴BC2=AB2+AC2,
∴AB⊥AC.
∵AB∥CD,
∴AC⊥CD.
又∵PA⊥底面ABCD,
∴PA⊥CD.
∵AC∩PA=A,
∴CD⊥平面PAC.
(2)解:∵点M是线段PD的中点,
∴点P,M到底面ABCD的距离之比为2:1,
S△BNC:S△ANC=,
∴==×==,
∴=.
【思路点拨】(1)连接AC.在△ABC中,BC2=AB2+AC2,AB⊥AC.由AB∥CD,可得AC⊥CD. 利用线面垂直的性质可得PA⊥CD.即可证明.(2)由于点M是线段PD的中点,可得点P,M到底面ABCD的距离之比为2:1,而S△BNC:S△ANC=,即可得出体积之比.
19. 已知函数,.
(1)当时,讨论函数f(x)的零点个数;
(2)若f(x)在(0,+∞)上单调递增,且求c的最大值.
参考答案:
(1)见解析(2)2
【分析】
(1)将代入可得,令,则,设,则转化问题为与的交点问题,利用导函数判断的图象,即可求解;
(2)由题可得在(0,+∞)上恒成立,设,利用导函数可得,则,即,再设,利用导函数求得的最小值,则,进而求解.
【详解】(1)当时,,定义域为(0,+∞),
由可得,
令,则,
由,得;由,得,
所以在上单调递增,在上单调递减,
则的最大值为,
且当时,;当时,,
由此作出函数的大致图象,如图所示.
由图可知,当时,直线和函数的图象有两个交点,即函数有两个零点;
当或,即或时,直线和函数的图象有一个交点,即函数有一个零点;
当即时,直线与函数的象没有交点,即函数无零点.
(2)因为在(0,+∞)上单调递增,即在(0,+∞)上恒成立,
设,则,
①若,则,则在(0,+∞)上单调递减,显然,
在(0,+∞)上不恒成立;
②若,则,在(0,+∞)上单调递减,当时,,故,单调递减,不符合题意;
③若,当时,,单调递减,
当时,,单调递增,
所以,
由得,
设,则,
当时,,单调递减;
当时,,单调递增,
所以,所以,
又,所以,即c的最大值为2.
【点睛】本题考查利用导函数研究函数的零点问题,考查利用导函数求最值,考查运算能力与分类讨论思想.
20. (本小
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