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重庆石柱民族中学校高三数学理月考试题含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 已知集合等于( )
A. B.{(0,1),(1,2)}
C. D.
参考答案:
D
略
2. 高三毕业时,甲,乙,丙等五位同学站成一排合影留念,已知甲,乙相邻,则甲丙相邻的概率为( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
【考点】古典概型及其概率计算公式.
【专题】计算题;概率与统计.
【分析】利用捆绑法求出甲乙相邻的基本事件个数,同样利用捆绑法(甲在中间,乙丙可以交换)求出甲乙丙相邻的事件个数,然后利用古典概型的概率计算公式求解.
【解答】解:甲,乙,丙等五位同学站成一排合影留念,甲,乙相邻的排法种数为(种).
在甲,乙相邻的条件下,甲丙相邻的排法种数为(种).
所以,甲,乙相邻,则甲丙相邻的概率为P=.
故选B.
【点评】本题考查了古典概型及其概率计算公式,考查了利用捆绑法求排列数,是基础的计算题.
3. 设x,y满足约束条件,若目标函数z=的最大值为2,则z的最小值为( )
A. B. C. D.1
参考答案:
C
考点:简单线性规划.
专题:计算题;作图题;不等式的解法及应用.
分析:作出约束条件,从而得z1=﹣,z2=﹣,z3=﹣;z4=﹣;故最大值为﹣=2,从而求得.
解答: 解:作出约束条件
,
表示的可行域如右图的阴影部分所示,
阴影部分四边形四顶点为(0,0),(1,0),(2,3),(0,1);
则z1=﹣,z2=﹣,z3=﹣;z4=﹣;
由条件知m<0,
故﹣=2,则m=﹣6;
故z的最小值为.
故选C.
点评:本题考查了简单线性规划的应用,属于中档题.
4. 已知函数满足,且的导函数,则的解集为
A. B. C. D.
参考答案:
D
设, 则,
,对任意,有,即函数在R上单调递减,则的解集为,即的解集为,选D.
5.
已知直线中的是取自集合中的2个不同的元素,并且直线的倾斜角大于,那么符合这些条件的直线共有
A. 17条 B. 13条 C. 11条 D. 8条
参考答案:
答案:A
6. 设是不同的直线,是不同的平面,则下列四个命题中错误的是( )
A.若,则 B.若,则
C. 若,,则 D.若,则
参考答案:
C
7. 过双曲线的右顶点作轴的垂线与的一条渐近线相交于点.若以的右焦点为圆心、半径为4的圆经过两点(为坐标原点),则双曲线的方程为中学联盟8
(A) (B) (C) (D)
参考答案:
A
8. 若复数,则的虚部为( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
试题分析:,.
所以的虚部为.故D正确.
9. 已知定义在上的函数是奇函数且满足,,数列满足,且,(其中为的前项和)。则
A. B. C. D.
参考答案:
A
10. 用数学归纳法证明时,由时的假设到证明时,等式左边应添加的式子是( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
试题分析:时,左边为,时,左边为,可见左边添加的式子为.故选B.
考点:数学归纳法.
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 过抛物线的焦点,且被圆截得弦最长的直线的方程是_____________
参考答案:
x+y-1=0
略
12. 已知关于的方程在区间上有两个不相等的实根,则实数的取值范围是 ▲ .
参考答案:
13. 已知直线和圆心为C的圆相交于A,B两点,则线段AB的长度等于__________.
参考答案:
14. 展开式中常数为
参考答案:
-4
略
15. 球O的球面上有四点S,A,B,C,其中O,A,B,C四点共面,△ABC是边长为2的正三角形,平面SAB⊥平面ABC,则棱锥S﹣ABC的体积的最大值为 .
参考答案:
【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积.
【专题】计算题;空间位置关系与距离.
【分析】由于面SAB⊥面ABC,所以点S在平面ABC上的射影H落在AB上,根据球体的对称性可知,当S在“最高点”,也就是说H为AB中点时,SH最大,棱锥S﹣ABC的体积最大.
【解答】解:由题意画出几何体的图形如图
由于面SAB⊥面ABC,所以点S在平面ABC上的射影H落在AB上,根据球体的对称性可知,当S在“最高点”,也就是说H为AB中点时,SH最大,棱锥S﹣ABC的体积最大.
∵△ABC是边长为2的正三角形,所以球的半径r=OC=CH=.
在RT△SHO中,OH=OC=OS
∴∠HSO=30°,求得SH=OScos30°=1,
∴体积V=Sh=××22×1=.
故答案是.
【点评】本题考查锥体体积计算,根据几何体的结构特征确定出S位置是关键.考查空间想象能力、计算能力.
16. 曲线与直线及轴所围成的图形的面积是_________.
参考答案:
略
17. 已知函数则满足不等式的的范围是
参考答案:
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 在中,角,,所对应的边分别为,,,且.
(Ⅰ)求角的大小;
(Ⅱ)若,求的面积.
参考答案:
19. 在△ABC中,角A、B、C的对边分别为a,b,c,且满足,2bsinA=a,BC边上中线AM的长为.
(Ⅰ)求角A和角B的大小;
(Ⅱ)求△ABC的面积.
参考答案:
【考点】余弦定理;正弦定理.
【专题】解三角形.
【分析】(Ⅰ)利用余弦定理表示出cosA,将已知等式变形后代入求出cosA的值,确定出角A的度数,将2bsinA=a利用正弦定理化简求出sinB的值,即可确定出角B的大小;
(Ⅱ)由A=B,利用等角对等边得到AC=BC,设AC=BC=x,利用余弦定理列出关于x的方程,求出方程的解得到x的值,确定出AC与BC的长,再由sinC的值,利用三角形面积公式即可求出三角形ABC面积.
【解答】解:(Ⅰ)由a2﹣b2﹣c2+bc=0得:a2﹣b2﹣c2=﹣bc,即b2+c2﹣a2=bc,
∴由余弦定理得:cosA==,
∵A为三角形内角,
∴A=,
由2bsinA=a,利用正弦定理化简得:2sinBsinA=sinA,即sinB=,
则B=;
(Ⅱ)由A=B,得到AC=BC=x,可得C=,
由余弦定理得AM2=x2+﹣2x??(﹣)=14,
解得:x=2,
则S△ABC=AC?BC?sinC=×2×2×=2.
【点评】此题考查了正弦、余弦定理,以及三角形面积公式,熟练掌握定理及公式是解本题的关键.
20. (本小题满分12分) 已知等差数列的公差,它的前项和为,若,且成等比数列.
(Ⅰ)求数列的通项公式;
(Ⅱ)设数列的前项和为,求证:.
参考答案:
(Ⅰ)解:依题意,有
,即…2分
解得………………………………………………………… 4分
∴数列的通项公式为().……………………… 5分
(Ⅱ)证明:由(1)可得.……………………………… 6分
∴…………… 7分
∴………………… 8分
∵是递减数列,且,
∴.∴ ………………………………… 10分
∴.……………………………………………… 12分
21. 设a、b、c是两两互素的正整数,证明:2abc-be-ac-ab是不能表示为xbc+yac+zab形式的最大整数(其中x、y、z是非负整数).
参考答案:
证明:熟知在a、b互素时,对任意整数n有整数x、y,使ax+by=n.当n>ab-a-b时,首先取0≤x<b(若x>b则用x-b、y+a代替x、y),我们有
by=n-ax>ab-a-b-ax≥ab-a-b-a(b-1)=-b
所以y>-1也是非负整数.即n>ab-a-b时,有非负整数x、y使ax+by=n.
因为a、b、c两两互素,所以(bc,ac,ab)=1.
令(bc,ac)=d.则(ab,d)=1,所以方程
abz+dt=n (1)
有整数解,并且0≤z<d(若z>d则用z-d、t+ab代替z、t).
设 bc=da1,ac=db1,那么(a1,b1)=1.在n>2abc-bc-ca-ab时,
即 t>a1b1-a1-b1
从而方程 a1x+b1y=t (2)
有非负整数解(x,y).
由(1)与(2)消去t可得
bcx+acy+abz=n
有非负整数解.
另一方面,若有非负整数x、y、z使
2abc-bc-ac-ah=xbc+yac+zab
则 bc(x+1)+ac(y+1)+ab(z+1)=2abc
于是应有,a整除bc(x+1),因(a,bc)=1.所以,a整除x+1,从而c≤x+1.同理有,b≤y+1,c≤z+1.因此
3abc=bca+acb+abc≤bc(x+1)
+ac(y+1)+ab(z+1)=2abc
由于a、b、c都是正整数,这是不可能的,故2abc-bc-ca-ab不能表成xbc+yca+zab(x、y、z为非负整数)的形式.
22. 如图,三角形中,,是边长为的正方形,平面⊥底面,若、分别是、的中点.
(Ⅰ)求证:∥底面;
(Ⅱ)求证:⊥平面;
(Ⅲ)求几何体的体积.
直,线面垂直的性质定理等可证,,代入数字,得到结果.
试题解析:(I)解:取的中点,连结,(如图)
参考答案:
详见解析
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