《全国通用2018版高考物理总复习考前三个月选择题限时突破五》由会员分享，可在线阅读，更多相关《全国通用2018版高考物理总复习考前三个月选择题限时突破五（6页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、深入理解课文，了解孙中山，了解“布衣”与总统的关系，了解布衣总统的来历及其布衣特色的体现，体会甘于淡泊精神对当代青年的教育意义。选择题限时突破(五)(限时：25分钟)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14下列说法正确的是()A太阳辐射的能量主要来自太阳内部的链式反应B结合能越大，原子中核子结合的越牢固，原子核越稳定C核力是弱相互作用力，是短程力，作用的距离小于1010 mD根据玻尔理论，氢原子能量越高时，核外电子的动能越小、电势能越大答案D解
2、析太阳内部进行的是热核聚变，太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核聚变，A错误；比结合能越大，原子核越稳定，B错误；核力是短程的强相互作用力，作用范围在1.51015 m之内，C错误；能量越高时半径越大，速度越小，电势能越大，动能越小，D正确15.2013年6月20日，航天员王亚平在“天宫一号”飞行器里展示了失重状态下液滴的表面张力引起的现象，可以观察到漂浮液滴的形状发生周期性的微小变化(振动)，如图1所示已知液滴振动的频率表达式为f k，其中k为一个无单位的比例系数，r为液滴半径，为液体密度，为液体表面张力系数(单位为N/m)与液体表面自由能的增加量E、液体表面面积的增加量S有关，则在下列相关
3、的关系式中，可能正确的是()图1A BESC D答案A解析(其单位为N/m)为液体表面张力系数，液体表面自由能的增加量E(其单位为J)，S是液体表面面积的增加量，单位是m2，根据物理量之间的关系得出：1 N/m，所以，A正确16.如图2所示为地铁站用于安全检查的装置，主要由水平传送带和X光透视系统两部分组成，传送过程传送带速度不变假设乘客把物品轻放在传送带上之后，物品总会先、后经历两个阶段的运动，用v表示传送带速率，用表示物品与传送带间的动摩擦因数，则()图2A前阶段，物品可能向传送方向的相反方向运动B后阶段，物品受到摩擦力的方向跟传送方向相同Cv相同时，不同的等质量物品与传送带摩擦产生的热量
4、相同D相同时，v增大为原来的2倍，前阶段物品的位移也增大为原来的2倍答案C解析前阶段，物品的速度小于传送带的速度，相对传送带向后运动，受到与传送方向相同的滑动摩擦力作用，在这个滑动摩擦力作用下向传送方向做初速度为零的匀加速直线运动，当物品的速度与传送带的速度相同时，两者无相对运动或相对运动趋势，摩擦力为零，A、B错误；整个过程中物品的加速度为ag，加速运动时间t，所以摩擦产生的热量为Qmg(vt)mgvtmgvmv2，故v相同时，不同的等质量物品与传送带摩擦产生的热量相同，C正确；物品加速位移x，当相同时，v增大为原来的2倍，前阶段物品的位移增大为原来的4倍，D错误17当地球位于太阳和木星之间
5、且三者几乎排成一条直线时，称之为“木星冲日”，2016年3月8日出现了一次“木星冲日”已知木星与地球几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳近似做匀速圆周运动，木星到太阳的距离大约是地球到太阳距离的5倍则下列说法正确的是()A下一次的“木星冲日”时间肯定在2018年B下一次的“木星冲日”时间肯定在2017年C木星运行的加速度比地球的大D木星运行的周期比地球的小答案B解析地球公转周期T11年，木星公转周期T2T111.18年设经时间t，再次出现木星冲日，则有1t2t2，其中1，2，解得t1.1年，因此下一次“木星冲日”发生在2017年，故A错误，B正确；设太阳质量为M，行星质量为m，轨道半径为r，周期为
6、T，加速度为a.对行星由牛顿第二定律可得Gmamr，解得a，T2，由于木星到太阳的距离大约是地球到太阳距离的5倍，因此，木星运行的加速度比地球小，木星运行周期比地球大，故C、D错误18一辆汽车在平直的道路上从静止开始先匀加速启动，达到某一速度后以恒定功率运动，最后做匀速运动下列给出的四个关系图象中，W表示牵引力对汽车做的功， Ek、 t和x分别表示汽车运动的动能、时间和位移，其中正确的是()答案C解析汽车从静止开始先匀加速启动，这一过程中牵引力不变，牵引力做的功WFxFat2，则Wt图象是开口向上的抛物线，Wx图象是一条倾斜的直线，达到某一速度后以恒定功率运动，牵引力做功WPt，随着时间和位移
7、的推移，牵引力做功越来越大，不会达到一个最大值，故A、B错误；汽车先做匀加速直线运动，后做加速度减小的加速运动，最后做匀速运动，匀加速运动时，动能Ekmv2ma2t2，Ekt图象是开口向上的抛物线，做加速度减小的加速运动时，速度随时间增加变慢，则动能增加随时间增加变慢，斜率变小，最后匀速运动，动能达到最大值，故C正确；从静止开始匀加速运动时，根据动能定理得Ek(FFf)x，Ekx图象应该是直线，故D错误19如图3所示，为日常生活中常见的点火装置原理图，先将1.5 V直流电压通过转换器转换为正弦交变电压u6sin t(V)，然后将其加在理想变压器的原线圈n1上，当副线圈n2两端电压达到12 kV
8、以上时放电针之间空气被击穿，从而引发电火花点燃气体下列说法正确的是()图3A原线圈两端所接交流电压表的读数为3 VB副线圈中交流电压与原线圈中交流电压频率不相等C要实现点火则副线圈与原线圈的匝数比至少大于103D要实现点火则副线圈与原线圈的匝数比至少大于2 000答案AD解析最大值为有效值的倍，所以原线圈两端电压的有效值为U V3 V，即电压表示数为3 V，故A正确；变压器不能改变频率，故副线圈中交流电压与原线圈中交流电压频率相等，故B错误；当变压器副线圈电压的瞬时值大于12 kV时，就会引发电火花点燃气体转换器所输出的正弦交变电压最大值为6 V，根据电压与匝数成正比，所以实现点火的条件是2
9、000，故C错误，D正确20.如图4所示，xOy平面的一、二、三象限内存在垂直纸面向外、磁感应强度大小为 1 T的匀强磁场，ON为固定于y轴负方向的弹性绝缘薄挡板，长度为9 m，M点为x轴正方向上距O点为3 m的一点现有一个比荷大小为1 C/kg、带正电的粒子(不计重力)从挡板下端N处分别以不同的速率沿x轴负方向射入磁场，若粒子与挡板相碰就立即以原速率弹回，碰撞时电荷量不变，粒子最后都能经过M点，则粒子射入时的速率可能是()图4A6 m/s B5 m/sC4 m/s D3 m/s答案BD解析粒子运动的圆心的位置一定在y轴上，所以粒子做圆周运动的半径r一定要大于等于3 m，而ON9 m3r，所以
10、粒子最多与挡板ON碰撞一次，碰撞后，第二个圆心的位置在O点的上方也可能粒子与挡板ON没有碰撞，直接过M点由于洛伦兹力提供向心力，所以qvB，得vBr(1)若粒子与挡板ON碰撞一次，则轨迹可能如图甲，设OOs，由几何关系得r2OM 2s29s23r9s联立得：r13 m，r23.75 m，分别代入得：v1Br1113 m/s3 m/s，v2Br2113.75 m/s3.75 m/s(2)若粒子没有与挡板ON碰撞，则轨迹如图乙，设OOs，由几何关系得rOM2s29s2s9r3联立得r35 m，代入得v3Br3115 m/s5 m/s，故B、D正确21.在如图5所示的平面直角坐标系内，x轴水平、y轴
11、竖直向下计时开始时，位于原点处的沙漏由静止出发，以加速度a沿x轴匀加速运动，此过程中沙从沙漏中漏出，每隔相等的时间漏出相同质量的沙已知重力加速度为g，图5不计空气阻力以及沙相对沙漏的初速度下列说法正确的是()A空中相邻的沙在相等时间内的竖直间距不断增加B空中相邻的沙在相等时间内的水平间距保持不变Ct0时刻漏出的沙在t(t t0)时刻的位置坐标是 at0tat，g(tt0)2Dt0时刻漏出的沙在t(t t0)时刻的位置坐标是 a (tt0)2，g(tt0)2答案AC解析漏出的沙，在竖直方向做自由落体运动，则相邻的空中的沙在相等时间内的竖直间距不断增加，而在水平方向做匀速直线运动，但由于漏出前水平方向做匀加速运动，因此它们的水平方向初速度不相等，则在相等时间内的水平间距不相等，故A正确，B错误；由匀加速直线运动的规律，t0时刻漏出的沙具有的水平初速度v0at0，沙随沙漏一起匀加速的位移x0at，接着沙平抛，t时刻位移x1v0(tt0)，且xx0x1，yg(tt0)2，所以，t0时刻漏出的沙的坐标为at0tat，g(tt0)2，故C正确，D错误认识不够深刻全面，没能做到内心外行，表率化人。对照党章和焦裕禄等先进模范典型，感觉自己对党性锻炼标准不高、要求不严。
