《新课标ⅲ2019版高考生物一轮复习 专题11 基因的分离定律课件》由会员分享，可在线阅读，更多相关《新课标ⅲ2019版高考生物一轮复习 专题11 基因的分离定律课件（48页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、高考生物 (课标专用),专题11 基因的分离定律,考点1 孟德尔遗传实验的科学方法 1.(2018江苏单科,6,2分)一对相对性状的遗传实验中,会导致子二代不符合31性状分离比的 情况是 ( ) A.显性基因相对于隐性基因为完全显性 B.子一代产生的雌配子中2种类型配子数目相等,雄配子中也相等 C.子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异,雌配子无差异 D.统计时子二代3种基因型个体的存活率相等,五年高考,答案 C 本题主要考查基因的分离定律。一对相对性状的遗传实验中,子二代要符合31 的性状分离比,需要满足的条件有显性基因对隐性基因完全显性、雌雄配子中各类型配子活 力无差异以及各种基因型个
2、体的存活率相等等条件,故A、B、D不符合题意,C符合题意。,规律总结 杂合子自交、测交子代表现,2.(2014海南单科,25,2分)某二倍体植物中,抗病和感病这对相对性状由一对等位基因控制,要 确定这对性状的显隐性关系,应该选用的杂交组合是 ( ) A.抗病株感病株 B.抗病纯合体感病纯合体 C.抗病株抗病株,或感病株感病株 D.抗病纯合体抗病纯合体,或感病纯合体感病纯合体,答案 B 抗病株与感病株杂交,若子代有两种性状,则不能判断显隐性关系;抗病纯合体感 病纯合体,后代表现出来的性状即为显性性状,据此可以判断显隐性关系;抗病株抗病株(或感 病株感病株),只有后代出现性状分离时才能判断显隐性;
3、抗病纯合体抗病纯合体(或感病纯 合体感病纯合体),后代肯定为抗病(或感病),据此不能判断显隐性关系。,以下为教师用书专用,3.(2013课标,6,6分,0.546)若用玉米为实验材料验证孟德尔分离定律,下列因素对得出正确实 验结论影响最小的是( ) A.所选实验材料是否为纯合子 B.所选相对性状的显隐性是否易于区分 C.所选相对性状是否受一对等位基因控制 D.是否严格遵守实验操作流程和统计分析方法,答案 A 孟德尔分离定律的本质是杂合子在减数分裂时,位于一对同源染色体上的一对等 位基因分离,进入不同的配子中去,独立地遗传给后代。验证孟德尔分离定律一般用测交的方 法,即杂合子与隐性个体杂交。若如
4、题中选项A用纯合子验证的话,可用杂交再测交得出子二 代11的性状分离比,这样也能验证孟德尔的分离定律,即所选实验材料是否为纯合子都不影 响验证结果,故A选项符合题意,影响较小;对分离定律进行验证的实验要求所选相对性状有明 显的显性隐性区分,否则会严重影响实验结果;验证实验中所选的相对性状一定受一对等位基 因控制,这样才符合分离定律的适用范围;实验中要严格遵守实验操作流程和统计分析方法,否 则会导致实验误差。,考点2 基因的分离定律及应用 1.(2018天津理综,6,6分)某生物基因型为A1A2,A1和A2的表达产物N1和N2可随机组合形成二聚 体蛋白,即N1N1、N1N2、N2N2三种蛋白。若
5、该生物体内A2基因表达产物的数量是A1的2倍,则由 A1和A2表达产物形成的二聚体蛋白中,N1N1型蛋白占的比例为 ( ) A.1/3 B.1/4 C.1/8 D.1/9,答案 D 本题以基因的表达为载体,考查概率的计算。由题意可知,基因型为A1A2的生物体 内基因的表达产物N1与N2的数量比为12,且表达产物N1与N2又可随机组合形成二聚体蛋白, 因此N1与N1结合的概率为 ,即 。,2.(2017课标,6,6分)下列有关基因型、性状和环境的叙述,错误的是 ( ) A.两个个体的身高不相同,二者的基因型可能相同,也可能不相同 B.某植物的绿色幼苗在黑暗中变成黄色,这种变化是由环境造成的 C.
6、O型血夫妇的子代都是O型血,说明该性状是由遗传因素决定的 D.高茎豌豆的子代出现高茎和矮茎,说明该相对性状是由环境决定的,答案 D 控制身高的基因型完全相同的两个人,可能会因营养等环境因素的差异而身高不 同,反之,控制身高的基因型不同的两个人,可能会由于环境因素而身高相同,A正确;在黑暗的 环境中,绿色幼苗由于叶绿素合成受阻而变黄,这种变化是由环境因素造成的,B正确;O型血夫 妇控制血型的基因型均为ii,其后代控制血型的基因型仍为ii,表现为O型血,这是由遗传因素决 定的,C正确;高茎豌豆的子代出现高茎和矮茎,主要是由遗传物质决定的,也可能是由环境影响 的,D错误。,方法技巧 本题主要考查基因
7、型、性状、环境等遗传学概念之间的关系等内容,在结合“基 因型+环境=性状”对各个选项进行分析时,注意各项描述个体间的异同是由基因型决定的,还 是由环境变化引起的。,3.(2015山东理综,6,5分)玉米的高秆(H)对矮秆(h)为显性。现有若干H基因频率不同的玉米群 体,在群体足够大且没有其他因素干扰时,每个群体内随机交配一代后获得F1。各F1中基因型 频率与H基因频率(p)的关系如图。下列分析错误的是 ( )A.0p1时,亲代群体都可能只含有纯合体 B.只有p=b时,亲代群体才可能只含有杂合体 C.p=a时,显性纯合体在F1中所占的比例为 D.p=c时,F1自交一代,子代中纯合体比例为,答案
8、D 若亲代群体只含有纯合体HH和hh,由于基因型频率不确定,则基因频率也不确定(0 p1),所以随机交配后均可出现如图所示现象,A正确;若亲代群体只含有杂合体,则p=1/2,B正 确;H的基因频率为p,设h的基因频率为q,则F1代中HH、Hh、hh的基因型频率分别为p2、2pq、 q2,p=a时,hh和Hh的基因型频率相等,即2pq=q2,且p+q=1,可得p=1/3,所以F1代中HH的比例为p2= 1/9,C正确;同理p=c时,p、q分别为2/3、1/3,HH、Hh和hh基因型频率分别占4/9、4/9、1/9,F1自 交一代,子代中纯合体比例为4/9+4/91/2+1/9=7/9,D错误。,
9、解题关键 理解图中p=a和c时的特点,并计算出H和h的基因频率是解题的关键。,4.(2017天津理综,9,8分)玉米自交系(遗传稳定的育种材料)B具有高产、抗病等优良性状,但 难以直接培育成转基因植株,为使其获得抗除草剂性状,需依次进行步骤、试验。 .获得抗除草剂转基因玉米自交系A,技术路线如下图。(略) .通过回交使自交系B获得抗除草剂性状 (6)抗除草剂自交系A(GG)与自交系B杂交产生F1,然后进行多轮回交(如图)。自交系B作为亲 本多次回交的目的是使后代 。,(7)假设子代生活力一致,请计算上图育种过程F1、H1、H2、H3各代中含G基因植株的比例,并 在图1中画出对应的折线图。若回交
10、后每代不进行鉴定筛选,直接回交,请在图2中画出相应的 折线图。,(8)下表是鉴定含G基因植株的4种方法。请预测同一后代群体中,4种方法检出的含G基因植 株的比例,从小到大依次是 。,对Hn继续筛选,最终选育出高产、抗病、抗除草剂等优良性状的玉米自交系。,答案 (共8分)(6)积累越来越多自交系B的遗传物质/优良性状 (7)(8)x4,x3,x2,x1,解析 .(6)通过回交可以使子代携带B品系的基因的纯合子的比例随着回交次数的增加越 来越高。(7)品系A(GG)与品系B杂交,F1个体全部含G基因,通过筛选得到的Hi为含G 基因的杂 合子,与不含G基因的B品系杂交,后代有1/2个体含G基因。若回
11、交每代不进行筛选,随回交代 次增加,不同代次间含G基因的个体比以1/2比例递减。(8)依据基因表达的特点:含有G基因的 植株中G基因不一定转录合成mRNA,G 基因转录的mRNA不一定翻译合成蛋白质,合成蛋白 质后不一定表现抗除草剂性状,故4种检测方法对同一后代群体G基因的检测结果,含G基因植 株的比例从小到大依次为x4,x3,x2,x1。,5.2016天津理综,9(1)(2)鲤鱼和鲫鱼体内的葡萄糖磷酸异构酶(GPI)是同工酶(结构不同、功 能相同的酶),由两条肽链构成。编码肽链的等位基因在鲤鱼中是a1和a2,在鲫鱼中是a3和a4,这 四个基因编码的肽链P1、P2、P3、P4可两两组合成GPI
12、。以杂合体鲤鱼(a1a2)为例,其GPI基因、 多肽链、GPI的电泳(蛋白分离方法)图谱如下。请回答相关问题: (1)若一尾鲫鱼为纯合二倍体,则其体内GPI类型是 。 (2)若鲤鱼与鲫鱼均为杂合二倍体,则鲤鲫杂交的子一代中,基因型为a2a4个体的比例为 。在其杂交子一代中取一尾鱼的组织进行GPI电泳分析,图谱中会出现 条带。,答案 (1)P3P3或P4P4 (2)25% 3,解析 本题主要考查学生的理解能力。(1)鲫鱼中编码GPI肽链的等位基因是a3和a4,编码的肽 链分别为P3和P4,其纯合体(a3a3或a4a4)内GPI类型是P3P3或P4P4。(2)若鲤鱼与鲫鱼均为杂合二倍 体,则其基因
13、型分别为a1a2、a3a4,鲤鲫杂交子一代中a2a4个体所占比例为1/21/2=1/4,即25%;因 鲤鲫杂交子一代均为杂合子,任一尾鱼的组织均含有2种不同的肽链,其两两组合共有3种GPI 类型,对其进行电泳分析,图谱中会出现3条带。,方法技巧 准确获取题干的信息“以杂合体鲤鱼(a1a2)为例,其GPI基因、多肽链、GPI的电泳 (蛋白分离方法)图谱”以及对于图谱的解读,是解题的突破口。,6.(2015课标,32,9分,0.720)假设某果蝇种群中雌雄个体数目相等,且对于A和a这对等位基因 来说只有Aa一种基因型。回答下列问题: (1)若不考虑基因突变和染色体变异,则该果蝇种群中A基因频率a基
14、因频率为 。理 论上,该果蝇种群随机交配产生的第一代中AA、Aa和aa的数量比为 ,A基因频率为 。 (2)若该果蝇种群随机交配的实验结果是第一代中只有Aa和aa两种基因型,且比例为21,则对 该结果最合理的解释是 。根据这一解释,第一代再随机交配,第二代中Aa 和aa基因型个体数量的比例应为 。,答案 (9分)(1)11 121 0.5(每空2分,共6分) (2)A基因纯合致死(1分) 11(2分),解析 本题综合考查了基因频率、基因型频率与基因分离定律的辩证关系。(1)在不考虑基 因突变和染色体变异的情况下,对于只有一种基因型Aa且雌雄个体数目相等的果蝇群体而言, A基因频率a基因频率=1
15、1。从理论上分析,Aa随机交配相当于Aa自交,故产生的第一代中 AA、Aa、aa的数量比应为121,A基因频率为0.5。(2)依据上述分析,若产生第一代中不是 1AA2Aa1aa,而是2Aa1aa,则可推知,该群体存在显性纯合子(AA)致死现象。由第一代 的基因型及比例可计算A、a所占比例为:A=1/3,a=2/3,故第二代中Aa和aa基因型个体数量的 比例为:(21/32/3)(2/32/3)=11。,知识拓展 致死基因会导致异常分离比。若Aa自交后代隐性纯合致死,则AaAA=21(只 有一种表现型);若Aa自交后代显性纯合致死,则Aaaa=21;但若A基因使雄配子致死,则Aa 自交时,只能
16、产生一种成活的a雄配子,A和a两种雌配子,形成的后代有两种基因型,Aaaa=11。,以下为教师用书专用,7.(2014上海单科,14,2分)性状分离比的模拟实验中,如图准备了实验装置,棋子上标记的D、d 代表基因。实验时需分别从甲、乙中各随机抓取一枚棋子,并记录字母。此操作模拟了 ( )等位基因的分离 同源染色体的联会 雌雄配子的随机结合 非等位基因的自由 组合 A. B. C. D.,答案 A 每个实验袋中的D、d可看作基因型为Dd的个体产生的两种配子,且比例为11。 从甲、乙袋中随机抓取一枚棋子合在一起,表示雌、雄配子间的随机结合,因此正确;该实 验只能模拟一对等位基因的分离实验,而不能模拟两对等位基因的自由组合。,
