第7章习题参考答案

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1、第7章习题参考答案#第7章习题参考答案第7章习题参考答案1 计算机的外围设备是指D 。C 输入/输出设备及外存储器D 除了A 输入/输出设备B.外存储器CPU和内存以外的其他设备2.打印机根据印字方式可以分为C 和 D两大类，在 C 类打印机中，只有_A型打印机能打印汉字，请从下面答案中选择填空。A 针型打印机B.活字型打印机C.击打式D .非击打式3光栅扫描图形显示器，每帧有1024 XI024像素，可以显示256种颜色，问刷新存储器容量至少需要多大？解：因为2.某磁盘存储器转速为3000转/分，共有4个记录面，每道记录信息为12288B，最小 磁道直径为230mm ,共有275道，道密度为

2、5道/mm。问：(1) 磁盘存储器的存储容量是多少？(2) 最高位密度与最低位密度是多少？= 256, 个像素存储256色需8位，所以一帧的存储空间至少需要1024X 1024X 8bit=1MB 4. 一个双面CD ROM光盘，每面有100道，每道9个扇区，每个扇区512B,请求出光盘 格式化容量。解：格式化容量=盘面数X每面道数X每道扇区数X每扇区字节数=2 X 100X 9X 512 =900KB5试推导磁盘存储器读写一块信息所需总时间的公式。答：磁盘存储器读写一块信息所需总时间为Ta=平均找道时间+平均等待时间+ 块数据的写入(或读出)时间设磁盘转速为r转/s,每个磁道存储的信息量为N

3、个字节，则平均等待时间为磁盘旋转半圈所用的时间，即1/(2r);设要传送的数据块大小为b个字节，则有：磁盘旋转一周读出一个磁道的信息，即，每秒钟读出rN个字节，所以传输 b个字节多用的时间为 b/(rN);由此，可得磁盘读写一块信息所需的时间公式为：1 bTTs 秒，其中Ts为平均找道时间2r rN6. 一个双面磁盘，每面有220道，已知磁盘转速r=4000转/分，数据传输率为185000B/S,求磁盘总容量。解：格式化容量为：因为转速r=4000转/分，所以每秒400/6转数据传输率为185000B/S，所以磁道容量为185000/(400/6)=2775B双面，每面220道，所以总容量为2

4、X 220X 2775 = 1221000B 1.16MB(3 )磁盘数据传输率是多少 ？(4) 平均等待时间是多少？(5) 给出一个磁盘地址格式方案。 解：(1)磁盘存储器的存储容量为：12288字节/道275道4面=13 516 800字节、 12288 12288(2) 最高位密度：17 B / mm =136位/ mm:. d 230最大直径为：230+275/5 2=340mm最低位密度：12288 8 位/(二340mm)： 92 位/mm(3) 转速 3000 转/分=50 转/s,数据传输率：12288B 50=614400B/s(4) 平均等待时间=旋转一圈时间的一半：1/5

5、0/2=0.01s=10ms(5) 给出一个磁盘地址格式方案。设每个扇区为 512字区，则12288/512=24，所以地址为5位；因记录面为4，所地址为2位，道数为275，所以地址为9位，因此整个地址格式为16位，即即1576540柱面号(9位)盘面号(2位)扇区号(5位)8 .已知某磁盘存储器转速为2400转/分，每个记录面道数为200道，平均找道时间为60ms,每道存储容量为96Kbit，求磁盘的存取时间与数据传输率。解：磁盘每秒钟转 2400转/60秒=40转/秒，磁盘的平均存取时间=平均找道时间+平均等待时间=60ms+1/(2*40)s=(60+12.5)ms=72.5ms因为每道

6、容量为 96Kbit ,而磁盘每秒钟转 40转/秒,所以数据传输率为 96Kbit*40=3840K bit/ 秒=480KB/ 秒9 .磁带机有9道磁道，带长600m，带速2m/s，每个数据块1KB，块间间隔14mm, 若 数据传输率为128 000B / s,试求；(1) 记录位密度；(2) 若带的首尾各空2m,求此带最大有效存储容量。解：(1)由于数据传输率 C=D*V，其中，D为记录位密度，V为线速度，所以记录位密度 D=C/V=128000B/2=64000B/m=64B/mm(2)1秒钟传送2m,而位密度为64000B/m，所以每秒钟传送的数据为：64000 2=128000 个字

7、节；一个数据块为1KB，所以，传送一个数据块所需的时间为 t=1024B/128000B/s=1/125 秒一个数据块占用长度为l=v*t=2m/s*1/125s=0.016m=16mm每块间隙为14m m,数据块总数为：(600-2*2)m/(16+14)mm=596*1000/30=19866 块故磁带存储器有效存储容量为19866块*1KB/块=19866KB10. 一台活动头磁盘机的盘片组共有20个可用的盘面，每个盘面直径18英寸，可供记录部分宽5英寸，已知道密度为100道/英寸，位密度为1000位/英寸(最内道)，并假定各磁道记录的信息位数相同。试问：(1)盘片组总容量是多少兆(10

8、6)位？(2)若要求数据传输率为 1MB/S，磁盘机转速每分钟应是多少转？解：(1)因为道密度为100道/英寸，而可供记录的部分宽5英寸，所以磁道数为：5*100=500 道；又因最内圈磁道直径：18-2*5=8英寸，所以其周长为 8*3.14=25.12英寸；所以道容量为8*3.14*1000=25120 位/道所以面容量为 251200*500=12560000位/面所以总容量为 12560000*20=251.2兆位(2)若要求数据传输率为1MB/S，而数据传输率=每道字节数*每秒钟转速，所以每分钟转速=数据传输率*60/每道字节数=1024*1024*60/ ( 25120/8)或=1

9、024*1024*8*60/25120=20036 转 / 分11. 有一台磁盘机，其平均找道时间为30ms,平均旋转等待时间为 10ms,数据传输率为 500B/ms，磁盘机上存放着 1000件每件3000B的数据。现欲把一件件数据取走，更新后 再放回原地，假设一次取出或写入所需时间为：平均找道时间+平均等待时间+数据传送时间另外使用CPU更新信息所需的时间为4ms，并且更新时间同输入输出操作不相重叠。试问:(1) 更新磁盘上全部数据需多少时间？(2) 若磁盘机旋转速度和数据传输率都提高一倍，更新全部数据需多少时间？解：(1)更新一件数据的时间(30+10+3000/500) 2+4=96m

10、s全部数据更新所需时间：96ms 1000=96秒(2)若磁盘机旋转速度和数据传输率都提高一倍，则平均等待时间和传输时间都缩短为原来的一般，故更新一件时间为(30+10/2+3000/500/2) 2+4=80ms全部数据更新所需时间：80*1000=80秒12. 有如下六种存储器：主存、高速缓存、寄存器组、CD ROM、MO磁盘和活动头磁盘存储器，要求：(1) 按存储容量和存储周期排出顺序；(2) 将有关存储器排列组成一个存储体系；(3) 指明它们之间交换信息时的传送方式。解：(1 )按存储容量排：活动头磁盘存储器，MO磁盘，CD ROM存储器，主存，高速缓存，寄存器组按存储周期排：CD R

11、OM存储器，MO磁盘，活动头磁盘存储器，主存，高速缓存，寄存器组(2)可构成存储体系如图：(3) CPU与高速缓存以及 CPU与主存之间有直接的数据通路，CPU与外存之间不存在直接的数据通路，CPU访问磁盘和光盘都需先将其信息调入主存。13. CRT的显示适配器中有一个刷新存储器，说明其功能。刷存的容量与什么因素有关？若CRT的分辨率为1024X1024像素点，颜色深度为 24位，问刷新存储器的存储容量是多少?解：刷新存储器用于存储一帧图像信息的存储器，字符显示方式下存放待显示字符的ASCII和属性码，图形显示方式下存放每个象素的颜色值。其容量与显示器的分辨率和颜色深度 有关。若CRT的分辨率

12、为1024*1024像素点，颜色深度为 24位，则刷新存储器的存储容 量是：1024*1024*3B=3MB。14 刷新存储器的重要性能指标是它的带宽。若显示工作方式采用分辨率为1024X768,颜色深度为24位，帧频(刷新速率)为72Hz，求：(1) 刷新存储器的存储容量是多少？(2) 刷新存储器的带宽是多少 ？解：(1)刷新存储器的存储容量是：1024*768*3B=2359296B=2.25MB。刷新存储器的带宽是：2.25*72=162MB/s ,若考虑刷新存储器不光是供显示控制器刷 新读出，还要供 CPU更新，所以若两者各占半时间，则刷新存储器的带宽为2*162MB=324MB/ 秒#