《2021-2022学年福建省厦门市高一（下）期末物理试卷（附答案详解）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年福建省厦门市高一（下）期末物理试卷（附答案详解）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2021-2022学年福建省厦门市高一（下）期末物理试卷1.长传足球的轨迹如图所示，足球在P点所受的合外力和速度方向的关系可能正确的是（）匀速下落。返回舱（含降落伞）匀速下落过程中（）A.所受的合外力做正功B.所受的合外力做负功C.机械能减小D.机械能不变3.2022年2月7日，任子威为中国队夺得短道速滑男子1000米的冬奥会历史首金，某中学生助手特意发布了一篇推文，来介绍其比赛中过弯道的情景（如图所示）（）A.此时运动员处于平衡状态B.此时运动员受到重力、支持力和向心力的作用C.若转弯半径相同，速率越大，运动员越容易发生侧滑D.若速率相同，转弯半径越大，运动员越容易发生侧滑4.2022年6月
2、5日，神舟十四号载人飞船采用自主快速 I交会模式，与天和核心舱成功对接。如图所示，飞船沿着圆轨道I运动，经过一系列操作后，从P点沿椭 4 J圆轨道H运动到Q点，与处于圆轨道ID的 天 和 核 心 舱V对接。则飞船（）A.在轨道I上经过P点的速度小于在轨道n上经过 P-P点的速度B.从P点沿轨道n飞向Q点过程中速度逐渐增大C.在轨道n上运行的周期大于在轨道m上运行的周期D.对接后的组合体的运行速度大于7.9km/s的58%。如图所示，风力发电机的叶片在风力作用下转动，叶I !片上分别有4、B、C三点，A点到转轴的距离是B点到转轴距离的两倍，a点和c点到转轴的距离相等。则（）A.A点和B点的角速度
3、大小相等 B.4点和B点的线速度大小相等C.B点和C点的角速度大小相等 D.4点和C点的线速度大小相等6.2022年6月17日，我国完全自主设计建造的航空母舰“福建舰”顺利下水。根据设计，“福建舰”发动机最大输出功率为P,最大航行速度为外，其航行时所受的阻力随速度增大而增大。若“福建舰”（）第2页，共17页A.匀加速启动，则牵引力逐渐增大 B.恒定功率启动，则做匀加速直线运动C.以为匀速航行时，所受的阻力为 D.以平匀速航行时，输出功率为vm/N7.如图所示，厦门中学生助手将圆环P套在竖直细杆上M处，不可伸长的轻绳一端连接圆环，另一端跨过轻质定滑轮与重物Q相连。圆环P由静止释放，运动到N点时，
4、重物Q仍在滑轮下方。已知滑轮与M位置等高且水平距离，=0.3m,M、N两位置的高度差为九=0.4m,不计空气阻力和一切摩擦。则()A.圆环由M到N过程中，P重力势能的减少量等于P动能的增加量B.圆环由M到N过程中，P、Q系统机械能守恒C.圆环运动到N点时，P与Q的速度大小之比为4：5D.圆环运动到N点时，P与Q的速度大小之比为5：48.如图甲所示，一长木板P静止于水平地面上，t=0时小物块Q以4m/s的初速度从左端滑上长木板，二者的速度随时间的变化情况如图乙所示，运动过程中，小物块始终未离开长木板。已知长木板P质量为M g,小物块Q质量为3 k g,重力加速度g取lOm/s2,在运动的全过程中
5、（）A.小物块与长木板之间的动摩擦因数为0.2B.长木板与地面之间的动摩擦因数为0.2C.小物块与长木板之间因摩擦产生的热量为12/D.小物块对长木板所做的功为12/9.如图为我国奥运会冠军刘诗颖某次投掷过程的标枪重心轨迹示意图。质量为m的标枪从4处由静止开始加速至B处时速度为外，随后标枪被举高至C处，并以速度文掷出；标枪离手后向斜上方向运动至离地面的最高点。处，已知2、B、C、。离地面高度分别为心、九B、九c、加，重力加速度为g，忽略空气阻力。则从4到c过程中，运 动 员 对 标 枪 所 做 的 功 为;从C到。过程中，运动员对标枪所做的功为Df77777777777777777777777
6、777777777777T10.如图所示为向心力演示仪，左右两个塔轮各有三层，自上而下每层的半径之比依次是1：1、2：1和3：1,两个塔轮通过不打滑的传动皮带连接。若要探究向心力尸与小球转动半径r 的关系，则皮带应放在塔轮的 层(选填“上”“中”或“下”)。若两个质量m相同的小球按如图所示放置，皮带连接的左右塔轮半径之比为3：1,转动手柄后，左 右 两 边标尺上露出的红白相间的等分格数之比为。11.为探究“平抛运动的特点”，将实验器材安装如图所示。让小球从斜槽上滚下，通过槽末端飞出后做平抛运动。(1)为保证小球在空中做平抛运动的轨迹相同，要使小球每 次 都 从 斜 槽 上(选 填“相同”或“不
7、同”)位置由静止释放。(2)下 列 做 法 可 以 减 小 实 验 误 差 的 是。4 尽量减小球与斜槽间的摩擦B.使斜槽末端的切线保持水平C.使用质量大且体积小的钢球12.某中学生助手进行验证机械能守恒定律的实验。(1)图1操 作 合 理 的 是；(2)正确操作后，从打出的纸带中选择了一条较理想的纸带，如图甲所示，图中。点是打点计时器打出的起始点，打该点时重物的速度为零。选取纸带上打出的连续点4、B、C、D、E、F、G,测出各点距起始点。的距离九，并记录数据如表所示。己知打点计时器所用电源的频率为5 0 H z,当地重力加速度g=9.80m/s2。第4页，共17页计数点ABCDEFGh(cm
8、)11.61 14.88 18.34 22.30 26.5036.20根据图甲读出尸点对应的刻度值 cm.计算出重物下落过程中重力势能减少量4Ep。通过纸带计算F 点的瞬时速度昨=m/s（结果保留三位有效数字），得到重物动能增加量4Ek，再比较/与 与是否在误差允许范围内相等，从而判断机械能是否守恒。（3）厦门中学生助手采取另一种方法验证机械能是否守恒，处理数据后画出M h关系图线如图乙所示，得到重物下落的加速度a=m/s2（结果保留三位有效数字）。根据公式计算出机械能损失量占机械能的百分比=I mg篮a h X 100%5%（其中山为重物的质量），则可验证机械能守恒定律。13.2022年3月
9、23日15时40分，“天宫课堂”第二课在中国空间站天和核心舱开讲，满足了孩子们对空间科学知识的好奇。已知天和核心舱距离地面高度为九，其运动可视为匀速圆周运动，环绕周期为7,万有引力常量为G,地球半径为R。求：(1)地球的质量M；(2)地球的第一宇宙速度外14.某中学生助手将一轻橡皮绳左端固定在离地高度为的。点，右端与小球相连。现将小球从。点水平抛出，经过0.4s后小球运动到P点，轻橡皮绳恰好伸直。而后小球撞到地面的Q点，触地前瞬间的速度为4m/s。已知橡皮绳原长为1m,小球质量为0.2 k g,重力加速度g 取lO m/s2,橡皮绳始终在弹性限度内，忽略空气阻力，求:(1)轻橡皮绳恰好伸直时，
10、小球下落的高度；(2)小球水平抛出的初速度大小；(3)小球落地前瞬间，轻橡皮绳的弹性势能。15.如图所示，厦门中学生助手在光滑水平面ZB、CD之间连接一长度为L=2m的传送带，圆心为。、半径为R=0.2m的竖直光滑半圆轨道DEG与水平面4。在。点平滑连接，其中尸G段为光滑圆管，E和圆心0 等高，NEOF=30。可视为质点的小物块从4 点以为=2.5m/s的初速度向右滑动，已知小物块的质量m=1 kg,与传送带间的摩擦因数=0.1,重力加速度g 取lOjn/s?。(1)若传送带不转，求小物块滑到圆轨道。点时对轨道的压力大小；(2)若传送带以 =2m/s的速率顺时针方向转动，求小物块能达到圆轨道的
11、最大高度；(3)若要求小物块在半圆轨道内运动中始终不脱轨且不从G点飞出，求传送带顺时针转动速度大小的可调范围。第6页，共17页答案和解析1.【答案】D【解析】解：足球运动至P点时，速度沿轨迹的切线方向，受竖直向下的重力及与速度方向相反的空气阻力，这两个力的合力指向左下方，故。正确，4BC错误。故选：D。质点做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，轨迹夹在合力与速度方向之间,合力大致指向轨迹凹的一向。本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，以及曲线运动轨迹的特点，本题基本上就可以解决了。2.【答案】C【解析】解：A B,返回舱匀速下落的过程中，所受的合外力为零，则所
12、受的合外力做功为零，故AB错误；CO、返回舱匀速下落的过程中，速度不变，动能不变，但重力势能减小，则机械能减小，故C正确，。错误。故选：Co返回舱匀速下落，受力平衡，所受的合外力为零，合外力做功为零；机械能包括动能和重力势能，根据速度的变化分析动能变化，根据高度变化分析重力势能的变化，从而判断机械能的变化。本题考查物体受力平衡时所受的合外力为零，以及机械能包括动能和重力势能，动能不变时，根据重力势能的变化分析机械能的变化。3.【答案】C【解析】解：力、运动员过弯道时在水平面内做圆周运动，运动状态发生变化，处于非平衡状态，故4错误；8、对某运动员受力分析，受重力和支持力，静摩擦力，重力与支持力二
13、力平衡，合力即静摩擦力，提供向心力，故8错误；2C、根据尸=6二，知，弯道半径相同，速率越大，向心力越大，越容容易发生侧滑，r故C正确；2D、根据F=知，速率相同，弯道半径越小，向心力越大，越容易冲出跑道，弯r第8页，共17页道半径越大，向心力越小，越不容易发生侧滑，故。错误。故选：Co向心力是按照效果命名的力，不是物体实际受到的力，匀速圆周运动合力提供向心力；同时明确地面对人的作用力包括地面的支持力和摩擦力，合力提供向心力，由此分析即可。本题考查匀速圆周运动的向心力的概念，关键是明确向心力的来源，注意向心力是效果力，匀速圆周运动的物体合力指向圆心提供向心力。4.【答案】A【解析】解：A,在轨
14、道/上P点要加速做离心运动才能进入轨道，则在轨道/上经过P点的速度小于在轨道上经过P点的速度，故4正确；B,从P点沿轨道口飞向Q点过程中，引力做负功，卫星动能减小，则速度逐渐减小，故8错误；c,根据开普勒第三定律q =k可知，在轨道n上运行的半长轴小于在轨道m上运行的轨道半径，则在轨道n上运行的周期小于在轨道m上运行的周期，故c错误；D,7.9km/s是所有绕地球做圆周运动卫星的最大环绕速度，则对接后的组合体的运行速度小于7.9km/s,故 错误。故选：Ao由低轨道进入高轨道，需要加速做离心运动；从P点沿轨道口飞向Q点过程中，引力做负功，根据开普勒第三定律可知绕同一中心天体的行星轨道半径的三次
15、方与周期平方成正比，7.9km/s是所有绕地球做圆周运动卫星的最大环绕速度。本题考查万有引力的应用，解题关键在于理解卫星的变轨问题，从低轨道进入高轨道需要加速，从高轨道到低轨道要减速。5.【答案】ACD【解析 1解：AC.A点、B点和C点同轴转动，角速度相同，故AC正确；B D、根据D =a)r得空=I VvB RB 1?=詈=；,故8错误，。正确。vc Rc 1故选：ACD.A、B、C三点都在风力发电机的叶片上，随叶片一起转动，同轴转动的各点具有相等的角速度，由此可判断选项。本题考查学生基本公式的应用，各物理量之间关系的确定，在确定两个物理量之间的关系时，必须要保证不能有第三个变化的物理量，
16、掌握同轴转动角速度相同。6.【答案】AC【解析】解：4、匀加速启动，则=因阻力/随速度增加而增大，则牵引力逐渐增大，故A正确；3、恒定功率启动，则根据P=加速度为a=3=e,则随着速度增加，加速度m.m减小，则做加速度减小的变加速直线运动，故8错误；C、以为匀速航行时，此时F=/,则所受的阻力为/=F=，故C正确；vmD、以当匀速航行时，奉引力厂等于阻力尸，但是不等于人则根据P=F 3,可知输出功率不等于，故。错误。故选：ACo航空母舰在航行时所受的阻力随速度增大而增大，根据牛顿第二定律判断出牵引力的变化，在恒定功率下启动时，根据牛顿第二定律求得加速度变化，当牵引力等于阻力时，速度达到最大。本题主要考查了机车的启动问题，抓住在额定功率下和恒定加速度的启动，明确当牵引力等于阻力时，速度达到最大。7.【答案】BD【解析】解：A,圆环由M到N过程中，绳拉力对圆环P做负功，圆环P机械能减小，则圆环P重力势能减少量大于动能增加量，故A错误；B,圆环由M到N过程中，只有P、Q的动能和重力势能发生变化，故P、Q组成的系统机械能守恒，故8正确；C D,圆环运动到N点时，有VpCosO=i?Q,根据几何
