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1、2020-2021学年河南省郑州市中国长城铝业公司中心中学高二物理上学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 一列简谐横波沿直线由a向b传播，相距10.5 m的a、b两处的质点振动图象如图中a、b所示，则()A.该波的振幅可能是20 cmB.该波的波长可能是8.4 mC.该波的波速可能是10.5 m/sD.该波由a传播到b可能历时7 s参考答案：D2. 卡文迪许利用扭秤实验测量的物理量是（ ）A地球的半径 B太阳的质量 C地球到太阳的距离 D万有引力常数参考答案：D3. 两个半径为0.3m的金属球，球心相距1.0m放置，当他们都带1.5
2、10?5 C的正电时，相互作用力为F1 ，当它们分别带+1.510?5 C和?1.510?5 C的电量时，相互作用力为F2 , 则AF1 = F2 BF1 F2 CF1 F2 D无法判断 参考答案：AD4. （单选）如图所示，实线是一簇未标明方向的匀强电场的电场线，虚线是一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点.若带电粒子在运动中只受电场力作用，则根据此图可知（ ）带电粒子所带电性带电粒子在a、b两点的受力方向带电粒子在a、b两点的速度何处较大带电粒子在a、b两点的电势能何处较大a、b两点哪点的电势较高A B. C. D.参考答案：B5. （单选）电阻R、电容器C与一线圈连成
3、闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示，现使磁铁开始下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是( )A.从a到b，上极板带正电 B.从a到b，下极板带正电C.从b到a，上极板带正电 D.从b到a，下极板带正电参考答案：B二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，绝缘支柱支持的金属导体A和B开始都不带电，把带正电荷的C移近导体A，A和B下面的金属箔张开.这是 起电方式。参考答案：感应7. 在探究单摆周期与摆长关系的实验中，关于安装仪器及测量时的一些实验操作，下列说法中正确的是_。（选填选项前面的字母）A用米尺测出摆线的长度
4、，记为摆长B先将摆球和摆线放在水平桌面上测量摆长，再将单摆悬挂在铁架台上C使摆线偏离竖直方向某一角度（接近5），然后静止释放摆球D测出摆球两次通过最低点的时间间隔记为此单摆振动的周期某同学在做实验时，单摆完成50次全振动秒表如图乙所示，则单摆周期为 , 小球直径用游标卡尺测得如图甲所示，则读数为 cm 。参考答案：C，2.0s，2.988. 在“测定玻璃砖的折射率”的实验中，某同学在画玻璃砖下界面bb时，上界面与aa直线离开了一段距离，但aa与bb仍然平行，如图所示。如果其他操作不变，他测得玻璃砖的折射率比真实值将 （填写“偏大”“偏小”“仍然准确”）。参考答案：9. 如图7所示，平行的两金属
5、板M、N与电源相连，一个带负电的小球悬挂在两板间，闭合电键后，悬线偏离竖直方向的角度为，若N板向M板靠近，角将_；把电键K断开，再使N板向M板靠近，角将_(填“变大”“变小”或“不变”)参考答案：变大；不变10. (1)某同学在探究影响单摆周期的因素时有如下操作，请你判断是否恰当(填“是”或“否”)把单摆从平衡位置拉开某一任意角度后释放： ；在摆球经过最低点时启动秒表计时： ；用秒表记录摆球一次全振动的时间作为周期： 。(2)该同学改进测量方法后，得到的部分测量数据见表用螺旋测微器测量其中一个摆球直径的示数如图所示，该球的直径为 mm，根据表中数据可以初步判断单摆周期随 的增大而增大。参考答案
6、：否；是；否；20.685；摆长 解析解：单摆在摆角很小时振动是简谐振动，摆角一般要小于5，故不合理；测单摆周期时，一般以小球经过最低点时开始计时，这样可以减小实验误差，故合理；用摆球一次全振动的时间最为单摆的周期测量误差较大，为减小测量误差，要测多个周期的时间求平均值，故不合理；由图示螺旋测微器可知，主示数为20.5m，游标尺示数为18.50.01mm=0.5mm=0.185,m，读数为20.685mm从图中数据可知：摆长相同时，周期相同，摆长变大时，周期变大，根据表中数据可以初步判断单摆周期随摆长的增大而增大11. 某市陆航团的一架固定翼飞机以900m/s的速度沿水平方向飞行，恰好自西向东
7、飞行到聊城四中上空，经该校高二师生测定该处地磁场的竖直分量为0.5104T，飞机的翼展为12m，机翼两端间的感应电动势为 _ _V，机翼的 （东、南、西或北）侧电势高，在飞行员的 （左或右）侧。参考答案：12. 如图所示，A、B为负点电荷电场中一条电场线上的两点，则这两点的场强大小关系是EA_EB，这两点电势高低的关系是A_B，负电荷置于A点和B点时具有的电势能的大小关系是EPA_EPB。(填“”、“”或“=”)参考答案：13. 物体从高1.8m、长3m的光滑斜面的顶端，由静止开始沿斜面滑下，设物体下滑过程中机械能守恒，物体滑到斜面底端的速度大小是_m/s。(g取10m/s2)参考答案：6三、
8、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 在“利用单摆测定重力加速度”的实验中，由单摆做简谐运动的周期公式得到g=只要测出多组单摆的摆长和运动周期T，作出T2-l图象,就可以求出当地的重力加速度.理论上T2-l图象是一条过坐标原点的直线，某同学根据实验数据作出的图象如图所示.(1)造成图象不过坐标点的原因可能是 。(2)由图象求出的重力加速度g=_m/s2（取2=9.87） 参考答案：(1) 计算单摆摆长时漏掉了摆球的半径 (2) 9.87 15. 有一个小灯泡上标有“4V 2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的UI图线，有下列器材供选用：A电压表（05V，内阻10k） B电
9、压表（010V，内阻20k）C电流表（00.3A，内阻1） D电流表（00.6A，内阻0.4）E滑动变阻器（5，10A） F滑动变阻器（1）实验中电压表应选用 ，电流表应选用 为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用 （用序号字母表示）（2）请在方框内画出满足实验要求的电路图，并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图参考答案：解：（1）因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用05V的电压表，故选A；由P=UI得，灯泡的额定电流I=0.5A；故电流表应选择00.6A的量程，故选D；
10、而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选E；（2）由P=可求得：灯泡内阻R=8；则=1250；=20； 故说明电压表远大于灯泡内阻，应采用电流表外接法；而由以上分析知，滑动变阻器应选择分压接法；故答案如图所示：故答案为：（1）A；D；E；（2）如图【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线；闭合电路的欧姆定律【分析】（1）仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器；（2）根据滑动变阻器分压及限流接法的
11、不同作用，结合题意选择滑动变阻器的接法；由电流表、电压表与灯泡内阻间的大小关系确定电流表的接法四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，质量m=50kg的跳水运动员从距水面高h=10m的跳台上以v0=5m/s的速度斜向上起跳，最终落入水中。若忽略运动员的身高。取g=10m/s2，求：（1）运动员在跳台上时具有的重力势能（以水面为参考平面）；（2）运动员起跳时的动能；（3）运动员入水时的速度大小。参考答案：（1）Ep=mgh=5000J；（2）Ek=625J；（3）v=15m/s；17. 如图所示的电路中，R1是由某金属氧化物制成的导体棒（非纯电阻），通过它的电流I和它两端电压U遵循
12、I=kU3的规律（式中k=0.02A/V3），R2是普通电阻，阻值为24，遵循欧姆定律，电源电动势E=6V，闭合开关S后，电流表的示数为0.16A求：（1）R1两端的电压U1；（2）R2消耗的电功率P2；（3）电源的内电阻r参考答案：解：（1）因为R1、R2构成串联电路，故电流相等，即I1=I2=IA=0.16（A）由I=kU3得：（2）U2=I2R2=0.1624=3.84（V） 由P=UI得：P2=U2I2=3.840.16=0.6144（W） （3）由E=U1+U2+Ir得：答：（1）R1两端的电压U1是2V（2）R2消耗的电功率P2是0.6144W（3）电源的内电阻r是1【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【分析】（1）根据通过R1的电流I和它两端的电压U遵循I=kU3的规律，求出R1两端的电压（2）根据P2=I2R2，求解R2消耗的电功率P2；（3）根据欧姆定律求出R2的电压，从而得出内电压，根据r=求出内电阻r18. （6分）从某高度处以15m/s的初速度水平抛出一物体，经时间2s落地，g取10m/s2，求：（1）物体抛出时的高度； （2）物体落地时的速度大小。参考答案：解析：(1)(2)
