《山西省晋中市2018-2019学年高二上学期期末调研测试数学（文）数学试题（精品解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山西省晋中市2018-2019学年高二上学期期末调研测试数学（文）数学试题（精品解析）（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、山西省晋中市山西省晋中市 2018-20192018-2019 学年高二上学期期末调研测试数学（文）试学年高二上学期期末调研测试数学（文）试 题题 一、选择题（本大题共一、选择题（本大题共 1212 小题，共小题，共 60.060.0 分）分） 1.若曲线表示椭圆，则 k 的取值范围是 A. B. C. D. 或 【答案】D 【解析】 【分析】 根据曲线表示椭圆列出不等式组，解出即可得 的取值范围 【详解】由题设可得，解得，故选 D 【点睛】对于曲线， （1）如果该曲线为椭圆，则，更一步地，如果表示焦点在 轴上的椭圆，则有； 如果表示焦点在 的椭圆，则； （2）如果该曲线为双曲线，则，更一步地
2、，如果表示焦点在 轴上的双曲线，则有；如 果表示焦点在 的双曲线，则 2.下列说法错误的是 A. 棱柱的侧面都是平行四边形 B. 所有面都是三角形的多面体一定是三棱锥 C. 用一个平面去截正方体，截面图形可能是五边形 D. 将直角三角形绕其直角边所在直线旋转一周所得的几何体是圆锥 【答案】B 【解析】 【分析】 由棱柱的性质可判断 A；可举正八面体可判断 B；用一个平面去截正方体，与正方体的五个面相交，可判 断 C；由圆锥的定义可判断 D 【详解】由棱柱的性质可得棱柱的侧面都是平行四边形，则 A 正确； 所有面都是三角形的多面体不一定是三棱锥，比如正八面体的各个面都是正三角形，则 B 错误；
3、用一个平面去截正方体，与正方体的五个面相交，可得截面图形是五边形，则 C 正确； 由圆锥的定义可得直角三角形绕其直角边所在直线旋转一周所得的几何体是圆锥，则 D 正确 故选：B 【点睛】本题考查空间几何的性质，属于基本题 3.已知直线 的方程为，直线 的方程为，若，则 A. 或B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 根据两条直线平行得到系数满足的方程，解得的值后检验即可得到的值 【详解】因为，故，整理得到， 解得或 当时，两直线重合，舎； 当时，两直线平行，符合； 故，选 C 【点睛】如果， （1）平行或重合等价于； （2）垂直等价于 4.已知圆，圆，则两圆的位置关系为（ ） A.
4、外离B. 外切C. 相交D. 内切 【答案】D 【解析】 由于圆， 即，表示以为圆心， 半径等于 的圆 圆， 表示以为圆心，半径等于 的圆 由于两圆的圆心距等于 故两个圆相内切 故选： 5.实数 x，y 满足，则的最小值是 A. 7B. 4C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 由约束条件作出可行域，由的几何意义可知， 为可行域内的动点 与定点连线的斜 率，求出的斜率得最小值 【详解】 可行域如图所示，的几何意义为可行域内的动点 与定点连线的斜率，由图形可得 ，故，故选 C 【点睛】二元一次不等式组条件下的二元函数的最值问题，常通过线性规划来求最值，求最值时往往要考 二元函数的几何意义，比
5、如表示动直线的横截距的三倍 ，而则表示动点与 的连线的斜率 6.某空间几何体的三视图如图所示，该几何体是 A. 三棱柱 B. 三棱锥 C. 四棱柱 D. 四棱锥 【答案】D 【解析】 【分析】 根据三视图知该几何体是一个立放的四棱锥 【详解】 根据三视图知，该几何体是一个立放的四棱锥，如图所示； 故选：D 【点睛】本题考察三视图，要求根据三视图复原几何体，属于基础题 7.下列命题中，真命题的个数是 若“”为真命题，则“”为真命题； “，函数在定义域内单调递增”的否定； 为直线， ， 为两个不同的平面，若，则； “，”的否定为“，” A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 利用复
6、合命题的真假判断的正误；利用指数函数的单调性判断的正误；利用直线与平面垂直关系判断 的正误；利用命题的否定判断的正误. 【详解】若“”为真命题，可知两个命题至少一个是真命题，若它们为一真一假，则“”为假 命题，不正确； “，函数在定义域内单调递增”的否定：“，函数在定义域内单 调递减” ；例如，在定义域内单调递减，所以正确； 为直线， 为两个不同的平面，若， ，则，也可能，所以不正确； “”的否定为“” ，所以不正确； 只有是真命题； 故选：A 【点睛】复合命题的真假判断为“一真必真，全假才假” ，的真假判断为“全真才真，一假比假” ， 的真假判断是“真假相反” 对于立体几何中点、线、面的位置
7、关系的判断题，要动态考虑它们的位置 关系 8.函数的导函数的图象如图所示，则函数的图象可能是 A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 结合导函数与原函数单调性的关系，绘制图像，即可。 【详解】结合当，单调递增，当，单调递减，故选 D。 【点睛】本道题考查了导函数与原函数单调性的关系，难度较小。 9.已知，是双曲线的左右焦点，P 是双曲线右支上一点，M 是的中点，若，则 是 A. 10B. 8C. 6D. 4 【答案】A 【解析】 【分析】 利用三角形中位线性质，求出，利用双曲线定义，求出 【详解】因为是的中点， 是的中点， 所以，因为，所以， 因为 在右支上，故，故，故选 A
8、【点睛】一般地，圆锥曲线中与焦点有关的数学问题可以考虑用圆锥曲线的几何性质.圆锥曲线的几何性 质包括第一定义和第二定义，前者可将与一个焦点有关的问题转化为与另一个焦点相关的数学问题，后者 可将数学问题转化与相应准线的距离问题 10.在正四面体中，M 是棱 PA 的中点，则异面直线 MB 与 AC 所成角的余弦值为 A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 取中点 ，连结，则， 或其补角是异面直线与所成角，通过余弦定理可求 的余弦值 【详解】 如图，取中点 ，连结， 设正四面体的棱长为 2，则，且， 所以或其补角为异面直线与所成角， 故异面直线与成角的余弦值为： 故选：B 【点睛】
9、异面直线所成的角为空间角，通常通过平移把空间角转化到平面角来求解，平面角可放置在常见 的平面图形中（如三角形等） ，再用余弦定理等求出角的大小 11.对于直线 m，n 和平面 ， ，则的一个充分条件是 A. ，B. ， C. ，D. ， 【答案】C 【解析】 【分析】 A，B，D 三个选项下的相交时，也满足每个选项的条件，所以由 A，B，D 中的条件得不出，而选 项 C 可以得到平面同时和一条直线垂直，所以，所以 C 中的条件是的充分条件 【详解】A 这种情况下，可能相交，让都和交线平行即可； B 这种情况下，可能相交，让都和交线平行即可； C 因为，又，因同时和一直线垂直的两平面平行，故；
10、D.如果，也存在，且 故选：C 【点睛】面面平行的判定可以由线面平行得到，但两条直线必须是一个平面中的两条相交直线如果一条 直线同时垂直于两个平面，那么这两个平面是平行的 12.已知的两个极值点分别为，且，则函数 A. B. C. 1D. 与 b 有关 【答案】B 【解析】 【分析】 求出函数的导数，利用韦达定理得到满足的方程组，解方程组可以得到，从而可 求 【详解】，故，且， 又，所以，故，解得（舎）或者 此时， ， 故 故选：B 【点睛】如果在处及附近可导且的左右两侧导数的符号发生变化，则必为函数的极值点且 极大值点、极小值点的判断方法如下： （1）在的左侧附近，有，在的右侧附近，有，则为
11、函数的极大值点； （2）在的左侧附近，有，在的右侧附近，有，则为函数的极小值点 二、填空题（本大题共二、填空题（本大题共 3 3 小题，共小题，共 15.015.0 分）分） 13.已知，则_. 【答案】 【解析】 【分析】 先求导，再代值计算 【详解】，所以，故， 故答案为： 【点睛】本题考查了导数的运算法则，属于基础题 14.已知命题“，”是真命题，则实数 a 的取值范围为_ 【答案】 【解析】 【分析】 利用参数分离法和基本不等式可得实数 的取值范围 【详解】因为命题“， ”是真命题， 则在上恒成立，又，当且仅当等号成立， 故即，故答案为 【点睛】含参数的一元二次不等式的恒成立问题，优先
12、考虑参变分离的方法，把问题归结为不含参数的函 数的值域问题，也可以讨论不等式对应的二次函数的最值. 15.已知直线与椭圆交于 A，B 两点，且 A，B 中点的横坐标为 3，则椭圆 的离心率为_ 【答案】 【解析】 【分析】 设，则，联立直线方程与椭圆方程，利用韦达定理求出，即可求解椭圆的 离心率 【详解】设，则， 由，得， 所以，也即是， 椭圆的离心率故答案为： 【点睛】直线与圆锥曲线的位置关系，一般可通过联立方程组并消元得到关于 或 的一元二次方程，再把 要求解的目标代数式化为关于两个的交点横坐标或纵坐标的关系式，该关系中含有或 ，最后利用韦达定理把关系式转化为某些变量的方程，解此类方程即可
13、得所求关系 16.直线的倾斜角为_ 【答案】 【解析】 【分析】 把直线方程化为斜截式，再利用斜率与倾斜角的关系即可得出 【详解】设直线的倾斜角为 由直线化为，故， 又，故，故答案为： 【点睛】一般地，如果直线方程的一般式为，那么直线的斜率为，且， 其中 为直线的倾斜角，注意它的范围是 三、解答题（本大题共三、解答题（本大题共 7 7 小题，共小题，共 75.075.0 分）分） 17.已知 p：，q：，且 p 是 q 的充分不必要条件，求 a 的取值范围 【答案】或 【解析】 【分析】 根据不等式的解法求出的等价条件，结合充分条件和必要条件的定义进行转化进行求解即可 【详解】由， 得，由得，
14、即， 也就是或者， 因为 是 的充分不必要条件， 所以是的真子集， 所以或，解得或 所以 的取值范围是或 【点睛】 （1）若 是 的必要不充分条件，则 对应集合是 对应集合的真子集； （2） 是 的充分不必要条件， 则 对应集合是 对应集合的真子集； （3） 是 的充分必要条件，则 对应集合与 对应集合相等； （4） 是 的既不充分又不必要条件， 对的集合与 对应集合互不包含 18.已知物线 C：过点 求抛物线 C 的方程； 设 F 为抛物线 C 的焦点，直线 l：与抛物线 C 交于 A，B 两点，求的面积 【答案】 （1）；（2）12 【解析】 【分析】 （1）将点的坐标代入抛物线，进行求解
15、即可 （2）联立方程组，利用根与系数之间的关系结合三角形的面积公式进行求解 【详解】 （1）因为抛物线：过点， 所以，解得，所以抛物线 的方程为 （2）由抛物线的方程可知，直线与 轴交于点， 联立直线与抛物线方程，消去 可得， 所以，所以， 所以的面积为 【点睛】直线与抛物线的位置关系，可通过联立直线方程和抛物线方程消去 （或 ） 得到关于 （或 ）的方程，再利用韦达定理简化目标代数式，也可以直接求出相应的根， 再考虑与交点有关的数学问题 19.如图，在四棱锥中，E 是 PC 的中点，底面 ABCD 为矩形，为正三角形， 且平面平面 ABCD，平面 ABE 与棱 PD 交于点 F 求证：； 求
16、三棱锥的体积 【答案】 （1）见解析；（2） 【解析】 【分析】 （1）先利用线面平行的判定定理得平行平面，再用线面平行的性质定理得平行； （2）通过转换顶点把问题转化为求的体积，求解就容易了 【详解】 （1）证明：在矩形中，面，平面， 平面，又平面，平面平面，； （2）由（1）可知，为中点，为中点，连接， 平面平面，平面，平面平面，平面， 【点睛】线面平行的证明的关键是在面中找到一条与已知直线平行的直线，找线的方法是平行投影或中心 投影，我们也可以通过面面平行证线面平行，这个方法的关键是构造过已知直线的平面，证明该平面与已 知平面平行. 又三棱锥的体积的计算需选择合适的顶点和底面，此时顶点到底面的距离容易计算. 20.已知动点 M 到点与点的距离之比等于 2，记动点 M 的轨迹为曲线 C 求曲
