《宁夏2019届高三物理第六次月考试卷（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《宁夏2019届高三物理第六次月考试卷（含解析）（13页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、银川一中2019届高三年级第六次月考理科综合能力测试物理部分二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.在赤道附近水平放置一根长L的直导线，导线中通有恒定电流I，地磁场在赤道的磁感应强度为B，若不考虑磁偏角的影响，那么地磁场对该导线的作用力大小及方向不可能的是A. 0B. ，竖直向下C. BIL，向西D. ，竖直向上【答案】C【解析】【详解】赤道处的的磁感线的方向南指向北，当导线的方向和磁感线的方向平行时，安培力为零，故A正确；当导线东西水平
2、放置时，受到的安培力的大小为BIL，方向竖直向上和竖直向下都可以，取决于通过导线的电流方向，当导线不是东西放置时，安培力在0和BIL之间，方向还是竖直方向，因此BD正确，安培力如果向西，导线应竖直放置并电流由下到上，与题干水平放置不符，故C不可能。2.个如图所示，质量为4kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上面。质量为1kg的物体B用细线悬挂起来，A、B紧挨在一起但A、B之间无压力。某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间，B对A的压力大小为（g取l0m/s2）的（ ）A. 0B. 50NC. 10ND. 8N【答案】D【解析】【详解】剪断细线前，A、B间无压力，则弹簧的弹力F=mAg=40N，剪断细线的瞬
3、间，对整体分析，整体加速度：a=mA+mBgFmA+mB=4+110404+12m/s2，隔离对B分析，mBg-N=mBa，解得：N=mBg-mBa=10-12N=8N故D正确，ABC错误。故选D。3.2019年1月3日，“嫦娥四号”探测器成功着陆在月球背面, 揭开了古老月背的神秘面纱, 开启了人类月球探测新篇章。已知月球半径为R0，月球表面处重力加速度为g0。地球和月球的半径之比为RR04，表面重力加速度之比为gg06，则地球和月球的密度之比为A. 23B. 32C. 4D. 6【答案】B【解析】【详解】天体表面的物体在不考虑自转的情况下万有引力等于重力，因此有GMmR2=mg，M=v=43
4、R3联立可化为=3g4GR，代入数据得地月=32。4.一质量为2kg的物体受水平拉力F作用,在粗糙水平面上做加速直线运动时的at图象如图所示,t0时其速度大小为2m/s,滑动摩擦力大小恒为2N,则()A. t6s时,物体的速度为18m/sB. 在06s内,合力对物体做的功为400JC. 在06s内,拉力对物体的冲量为36NsD. t6s时,拉力F的功率为200W【答案】D【解析】【分析】根据v=at可知a-t图象中，图象与坐标轴围成的面积表示速度的增量，根据动能定理可知，合外力对物体做的功等于动能的变化量，根据动量定理可知，合外力的冲量等于物体动量的变化量，根据牛顿第二定律求出在t=6s时刻，
5、拉力F的大小，再根据P=Fv求解瞬时功率【详解】根据v=at可知a-t图象中，图象与坐标轴围成的面积表示速度的增量，则在t=6s时刻，物体的速度v6=v0+v=2+12 (2+4)6=20m/s，故A错误；根据动能定理得：W合Ek12mv6212mv02=396J，故B错误；根据动量定理，在06s时间内：IF-ft=m(v6-v0) 解得IF=48Ns，故C错误；在t=6s时刻，根据牛顿第二定律得：F=ma+f=24+2=10N，拉力F的功率P=Fv6=1020=200W，故D正确。故选D。5. 质量为 m 的汽车，启动后沿平直路面行驶，如果发动机的功率恒为P，且行驶过程中受到的摩擦阻力大小一
6、定，汽车速度能够达到的最大值为v，那么当汽车的车速为v/4时，汽车的瞬时加速度的大小为A. P/mvB. 2P/mvC. 3P/mvD. 4P/mv【答案】C【解析】【分析】汽车速度达到最大后，将匀速前进，根据功率与速度关系公式P=Fv和共点力平衡条件，可以先求出摩擦阻力；当汽车的车速为v3时，先求出牵引力，再结合牛顿第二定律求解即可【详解】当汽车匀速行驶时，有f=F=Pv。根据P=Fv3，得F=3Pv，由牛顿第二定律得a=F-fm=3Pv-Pvm=2Pmv，故B正确，ACD错误；故选B。【点睛】本题关键结合功率与速度关系公式P=Fv、共点力平衡条件以及牛顿第二定律联合求解6.如图所示，矩形的
7、四个顶点a、b、c、d是匀强电场中的四个点，ab2bc4m，电场线与矩形所在的平面平行，已知a点电势为18 V，b点电势为10 V，c点电势为6 V。一质子从a点以v0=1m/s的速度射入电场，v0与ab边的夹角为45，一段时间后质子经过ab中点e，不计质子重力，下列判断正确的是A. d点电势为12 VB. 质子从a到b电势能减小了8 eVC. 电场强度大小为2V/mD. 质子从a到e所用时间为2s【答案】BD【解析】【详解】由匀强电场相互平行的两条线电势差之比等于距离之比可知Uab=Udca-b=d-c代入数据可得d=14v，故A错误；质子从a点到b点由电场力做功的特点可知Wab=eUab=
8、8eV，电场力做多少正功电势能减少多少，因此电势能减少8eV，故B正确；从图中可知dc的中点h的电势为10v，因此作图如下，可知bh为等势线，电场线垂直于等势线，因此CE为电场线，由平面几何可知CE=2，由E=Ud=10-62=22v/m，故C错误；质子运动的方向和电场线垂直，因此电子做类平抛运动，在垂直电场线方向即L方向做匀速直线运动，到达e点L=2，t=Lv=2s，故D正确。7.有一种测量人体重的电子秤，其原理如图中虚线内所示，它主要由三部分构成：踏板、压力传感器R(是一个阻值可随压力大小而变化的电阻器)、显示体重的仪表G(实质是理想电流表)。设踏板的质量可忽略不计，已知理想电流表的量程为
9、3 A，电源电动势为12 V，内阻为2 ，电阻R随压力变化的函数式为R300.02F(F和R的单位分别是N和)。下列说法正确的是()A. 该秤能测量的最大体重是1400 NB. 该秤能测量的最大体重是1300 NC. 该秤零刻度线(即踏板空载时的刻度线)应标在电流表G刻度盘0.375 A处D. 该秤零刻度线(即踏板空载时的刻度线)应标在电流表G刻度盘0.400 A处【答案】AC【解析】【详解】AB当电路中电流I=3A时，电子秤测量的体重最大.由欧姆定律I=ER+r得到R=EIr=2，代入R=30-0.02F得到F=1400N；故A正确，B错误.CD踏板空载时F=0，代入R=30-0.02F得到
10、电阻R=30，由欧姆定律得I=ER+r=0.375A，所以该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表G刻度盘0.375A处；故C正确，D错误；故选AC.8.如图为一种质谱仪示意图，由加速电场、静电分析器和磁分析器组成，若静电分析器通道中心线的半径为R，通道内均匀辐射电场在中心线处的电场强度大小为E，磁分析器有范围足够大的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外，一质量为m、电荷量为q的粒子从静止开始经加速电场加速后沿中心线通过静电分析器，由P点垂直边界进入磁分析器，最终打到胶片上的Q点，不计粒子重力，下列说法中正确的是A. 极板M比极板N电势低B. 加速电场的电压U=ERC.
11、直径PQ=2BmERqD. 若一群粒子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点，则该群粒子具有相同的比荷【答案】CD【解析】【详解】粒子经加速电场加速后进入静电分析器在电场力的作用下做匀速圆周运动，因此由电场力指向圆心可知粒子带正电，因此加速电场的场强方向由M指向N，所以M极板的电势高，故A错误；在加速电场由动能定理由qU=12mv2，在分析器内做圆周运动，因此由qE=mv2R，联立可得U=ER2，故B错误；粒子进入磁场后再洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，由PQ=2R=2mvBq，可得PQ=2BmERq，故C正确，通过C可以看出直径和粒子的比荷有关，因此通过胶片同一点的粒子比荷相同，故D正确。
12、三、非选择题：共174分。第2232题为必考题，每个试题考生都做答；第3338题为选考题，考生根据要求作答。9.如图1所示，某同学设计了一个测量滑块与木板间的动摩擦因数的实验装置，装有定滑轮的长木板固定在水平实验台上，木板上有一滑块，滑块右端固定一个动滑轮，钩码和弹簧测力计通过绕在滑轮上的轻绳相连，放开钩码，滑块在长木板上做匀加速直线运动（1）实验得到一条如图2所示的纸带，相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，由图中的数据可知，滑块运动的加速度大小是_m/s2（计算结果保留两位有效数字）（2）读出弹簧测力计的示数F，处理纸带，得到滑块运动的加速度a；改变钩码个数，重复实验以弹簧测力计的示数F为
13、纵坐标，以加速度a为横坐标，得到的图象是纵轴截距为b的一条倾斜直线，如图3所示已知滑块和动滑轮的总质量为m，重力加速度为g，忽略滑轮与绳之间的摩擦则滑块和木板之间的动摩擦因数=_【答案】 (1). （1）2.4； (2). （2）2bmg 【解析】(1)B点的瞬时速度为vB=xAC2T=0.72m/s，加速度为a=xBDxOB4T2=0.1920.096140.01m/s2=2.4m/s2.(2)滑块受到的拉力T为弹簧秤示数的两倍，即：T=2F,滑块受到的摩擦力为：f=mg,由牛顿第二定律可得：T-f=ma,解得力F与加速度a的函数关系式为:F=m2a+mg2,由图象所给信息可得图象截距为：b
14、=2mg2,解得=2bmg.【点睛】本题重点是考察学生实验创新能力及运用图象处理实验数据的能力，对这种创新类型的题目，应仔细分析给定的方案和数据，建立物理模型10.某探究小组利用课外时间做了如下探究实验。先利用如图所示的电路来测量两个电压表的内阻，实验分两个过程，先用替代法测出电压表V1的内阻，然后用半偏法测出电压表V2的内阻。供选用的器材如下：A待测电压表V1，量程为2.0 V，内阻为1030 kB待测电压表V2，量程为3.0 V，内阻为3040 kC电阻箱，阻值范围为099 999.9 D滑动变阻器，阻值范围01 000 ，额定电流为0.5 AE滑动变阻器，阻值为020 ，额定电流为2 A
15、F电池组、电动势为6.0 V，内阻为0.5 G单刀单掷开关、单刀双掷开关各一个，导线若干(1)实验器材除选择A、B、C、F、G外，滑动变阻器R应选用_。(用器材前的字母表示)(2)下面是主要的实验操作步骤，将所缺的内容补充完整。用替代法测待测电压表V1的内阻根据电路图连接实验电路，并将滑动变阻器R的滑动触头置于最左端；将单刀双掷开关S2置于触点2，调节滑动变阻器R，使电压表V2的指针指在刻度盘第N格，然后将单刀双掷开关S2置于触点1，调节电阻箱R使电压表V2的指针指在_，记下此时电阻箱R的阻值；用半偏法测待测电压表V2的内阻将单刀双掷开关S2置于触点1，电阻箱的阻值调为零，闭合开关S1，调节滑动变阻器使电压表V2的指针满偏。保持滑动变阻器R的滑动触头位置不变，调节电阻箱R，使电压表V2的指针指在_，记下电阻箱R的阻值。【答案】 (1). E (2). 刻度盘的第N格 (3). 刻度盘的中央【解析】【详解】（1）通过电路图可知滑动变阻器的接法为分压式，分压式的滑动变阻器
