《2023-2024学年贵州省罗甸县第一中学高一下数学期末检测试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023-2024学年贵州省罗甸县第一中学高一下数学期末检测试题含解析（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2023-2024学年贵州省罗甸县第一中学高一下数学期末检测试题注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1当时，不等式恒成立，则实数m的取值范围是（）ABCD2以点和为直径两端点的圆的方程是（ ）ABCD3若，则的坐标是( )ABCD4右图中，小方格是边长
2、为1的正方形，图中粗线画出的是某几何体的三视图，则该几何体的体积为（ ）ABCD5已知定义域的奇函数的图像关于直线对称，且当时，则（ ）ABCD6角的终边过点，则等于 （ ）ABCD7设x，y满足约束条件，则z=x-y的取值范围是A3,0B3,2C0,2D0,38数列的通项公式，则（ ）ABC或D不存在9设向量，则向量与的夹角为( )ABCD10用数学归纳法证明不等式的过程中，由递推到时，不等式左边（ ）A增加了一项B增加了两项，C增加了A中的一项，但又减少了另一项D增加了B中的两项，但又减少了另一项二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11已知等差数列，若，则_.12已知直线与圆
3、相交于两点，则_.13设数列是等差数列，则此数列前20项和等于_.14如图，在边长为的菱形中，为中点，则_.15，则f（f（2）的值为_16一艘海轮从出发，沿北偏东方向航行后到达海岛，然后从出发沿北偏东方向航行后到达海岛，如果下次直接从沿北偏东方向到达，则_.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17已知函数.（1）用五点法作图，填表井作出的图像.x0y（2）求在，的最大值和最小值；（3）若不等式在上恒成立，求实数m的取值范围.18已知两个不共线的向量a，b满足，（1）若，求角的值；（2）若与垂直，求的值；（3）当时，存在两个不同的使得成立，求正数m的
4、取值范围.19已知，且，求的值.20某研究机构对高三学生的记忆力x和判断力y进行统计分析，得下表数据.x681012y2356（1）请根据上表提供的数据，求出y关于x的线性回归方程；（2）判断该高三学生的记忆力x和判断力是正相关还是负相关；并预测判断力为4的同学的记忆力.（参考公式：）21已知角的顶点与原点重合，始边与轴的非负半轴重合，终边过点.（1）求的值；（2）已知为锐角，求的值.参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、A【解析】当x0时，不等式x2mx+90恒成立m（x）min，利用基本不等式可求得（x）min6
5、，从而可得实数m的取值范围【详解】当x0时，不等式x2mx+90恒成立当x0时，不等式mx恒成立m（x）min，当x0时，x26（当且仅当x3时取“”），因此（x）min6，所以m6，故选A【点睛】本题考查函数恒成立问题，分离参数m是关键，考查等价转化思想与基本不等式的应用，属于中档题2、A【解析】可根据已知点直接求圆心和半径.【详解】点和的中点是圆心，圆心坐标是 ，点和间的距离是直径，即，圆的方程是.故选A.【点睛】本题考查了圆的标准方程的求法，属于基础题型.3、C【解析】，.故选C.4、D【解析】由三视图可知，该几何体为棱长为2的正方体截去一个三棱锥，由正方体的体积减去三棱锥的体积求解【详
6、解】根据三视图，可知原几何体如下图所示， 该几何体为棱长为的正方体截去一个三棱锥， 则该几何体的体积为 故选：D【点睛】本题考查了几何体三视图的应用问题以及几何体体积的求法，关键是根据三视图还原原来的空间几何体，是中档题5、D【解析】根据函数的图像关于直线对称可得，再结合奇函数的性质即可得出答案【详解】解：函数的图像关于直线对称，奇函数满足，当时，故选：D【点睛】本题主要考查函数的奇偶性与对称性的综合应用，属于基础题6、B【解析】由三角函数的定义知，x1，y2，r，sin.7、B【解析】作出约束条件表示的可行域，如图中阴影部分所示.目标函数即，易知直线在轴上的截距最大时，目标函数取得最小值；在
7、轴上的截距最小时，目标函数取得最大值，即在点处取得最小值，为；在点处取得最大值，为.故的取值范围是3,2.所以选B.【名师点睛】线性规划的实质是把代数问题几何化，即运用数形结合的思想解题.需要注意的是：一，准确无误地作出可行域；二，画目标函数所对应的直线时，要注意与约束条件中的直线的斜率进行比较，避免出错；三，一般情况下，目标函数的最大或最小值会在可行域的端点处或边界上取得.8、B【解析】因为趋于无穷大,故,分离常数即可得出极限.【详解】解：因为的通项公式,要求,即求故选：B【点睛】本题考查数列的极限,解答的关键是消去趋于无穷大的式子.9、C【解析】由条件有，利用公式可求夹角.【详解】, .又
8、又向量与的夹角的范围是向量与的夹角为.故选：C10、D【解析】根据题意，分别写出和时，左边对应的式子，进而可得出结果.【详解】当时，左边，当时，左边，所以，由递推到时，不等式左边增加了，；减少了；故选：D【点睛】本题主要考查数学归纳法的应用，熟记数学归纳法，会求增量即可，属于基础题型.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】利用等差数列的通项公式直接求解.【详解】设等差数列公差为，由，得，解得.故答案：.【点睛】本题考查等差数列的性质等基础知识，考查运算求解能力，属于基础题12、【解析】首先求出圆的圆心坐标和半径，计算圆心到直线的距离，再计算弦长即可.【详解】圆，圆心，
9、半径.圆心到直线的距离.故答案为：【点睛】本题主要考查直线与圆的位置关系中的弦长问题，熟练掌握弦长公式为解题的关键，属于简单题.13、180【解析】根据条件解得公差与首项，再代入等差数列求和公式得结果【详解】因为，所以，【点睛】本题考查等差数列通项公式以及求和公式，考查基本分析求解能力，属基础题14、【解析】选取为基底，根据向量的加法减法运算，利用数量积公式计算即可.【详解】因为, ，又， .【点睛】本题主要考查了向量的加法减法运算，向量的数量积，属于中档题.15、1【解析】先求f（1），再根据f（1）值所在区间求f（f（1）.【详解】由题意，f（1）=log3（111）=1，故f（f（1）=
10、f（1）=1e11=1，故答案为：1【点睛】本题考查分段函数求值，考查对应性以及基本求解能力.16、【解析】首先根据余弦定理求出，在根据正弦定理求出，即可求出【详解】有题知.所以.在中，即，解得.所以，故答案为：【点睛】本题主要考查正弦定理和余弦定理的实际应用，熟练掌握公式为解题的关键，属于中档题.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）见解析；（2）时，时，；（3）.【解析】（1）当时，求出相应的x，然后填入表中；标出5个点，然后用一条光滑的曲线把它们连接起来；（2）先根据x的范围求出的范围，再由正弦函数的性质可求出函数的最大值和最小值；（
11、3）不等式在上恒成立，转化为在上恒成立，进一步转化为m-2，m+2与函数在上的最值关系，列不等式后求得实数m的取值范围.【详解】（1）x0y131-10（2），即，所以的最大值为3，最小值为2.（3），由（2）知，且，即m的取值范围为.【点睛】本题考查正弦函数的最值和恒成立问题，把不等式恒成立问题转化为含m的代数式与的最值关系的问题是解决本题的关键，属于中档题.18、（1）（2）（3）【解析】（1）由题得，再写出方程的解即得解；（2）先求出，再利用向量的模的公式求出；（3）等价于在有两解，结合三角函数分析得解.【详解】（1）由题得所以角的集合为 .（2）由条件知， ，又与垂直，所以，所以.所以
12、，故. （3）由，得，即，即，所以.由得，又要有两解，结合三角函数图象可得，即，又因为，所以.即m的范围.【点睛】本题主要考查向量平行垂直的坐标表示，考查向量的模的计算，考查三角函数图像和性质的综合应用，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力，属于中档题.19、【解析】利用向量垂直和同角三角函数关系可求得；利用二倍角公式和同角三角函数平方关系将化为关于正余弦的齐次式的问题，分子分母同时除以可化为的形式，代入的值可求得结果.【详解】 ，即【点睛】本题考查正余弦齐次式的求解问题，涉及到向量垂直的坐标表示、同角三角函数关系和二倍角公式的应用；关键是能够灵活利用同角三角函数的平方关系构造出
13、关于正余弦的齐次式，进而构造出正切的形式来进行求解.20、（1）（2）该高三学生的记忆力x和判断力是正相关；判断力为4的同学的记忆力约为9【解析】（1）根据所给数据和公式计算回归方程的系数，注意回归直线过中心点，得回归方程；（2）根据回归系数的正负可得正相关还是负相关，令代入可得估计值【详解】（1），故线性回归方程为.（2）因为，故可以判断，该高三学生的记忆力x和判断力是正相关；由回归直线方程预测，判断力为4的同学的记忆力约为9.【点睛】本题考查求线性回归直线方程，考查变量的相关性及回归方程的应用回归方程中的系数的正负说明两数据的正负相关，系数为正，则为正相关，系数为负，则为负相关21、（1）；（2）.【解析】（1）利用三角函数的定义可求出，再根据二倍角的余弦公式即可求解. （2）由（1）可得，再利用同角三角函数的基本关系可得，由，利用两角差的正切公式即可求解.【详解】解：（1）依题意得，所以.（2）由（1）得，故.因为，所以，又因为，所以，.所以，所以.【点睛】本小题主要考查同角三角函数关系、三角恒等变换等基础知识，考查运算求解能力、推理论证能力，考查化归与转
