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1、创新学院2023级生物试题一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题目要求1. 小麦种子萌发过程合成-淀粉酶，该酶随机作用于淀粉中的糖苷键，水解淀粉生成葡萄糖、麦芽糖和麦芽三糖等还原糖。在种子萌发的过程中，-淀粉酶活性升高，促进淀粉水解，其产物为种子萌发供能。下列相关分析合理的是（ ）A. -淀粉酶水解淀粉的产物均可直接参与有氧呼吸B. 让小麦种子充分吸水并适当提高温度，有利于种子萌发C. a-淀粉酶水解淀粉的产物有多种，说明该酶不具有专一性D. 验证温度对-淀粉酶活性影响时，用斐林试剂检测实验效果【答案】B【解析】【分析】绝大多数的酶都是蛋白质，酶的作用是催化
2、，酶的催化作用是通过降低化学反应的活化能实现的，酶的空间结构易受外界环境影响，发挥作用需要适宜的条件，保存酶需要在低温和最适酸碱值的条件下。【详解】A、-淀粉酶水解淀粉的产物包括葡萄糖、麦芽糖和麦芽三糖等，葡萄糖才能直接参与有氧呼吸，A错误；B、种子萌发过程呼吸作用增强，酶需要适宜的温度，物质水解需要水分，B正确；C、-淀粉酶只作用于淀粉，具有专一性，C错误；D、斐林试剂使用时需要水浴加热，会改变预设温度，故验证温度对-淀粉酶活性影响时，不宜使用斐林试剂检测实验效果，D错误。故选B。2. 幽门螺旋杆菌(HP)可导致胃溃疡等疾病，及时诊断十分必要。医院常用14 C呼气试验”来进行快速诊断，其原理
3、是:Hp可产生高活性的尿素酶，当病人服用14C标记的尿素胶囊后，如果胃内存在HP感染，HP产生的尿素酶可将尿素分解为NH3和14CO2 (正常人体胃内不存在分解尿素的酶），这些14CO2可经呼气排出。服用胶囊一段时间后，收集呼出的气体，通过测定其中14CO2的含量即可诊断患者是否存在幽门螺旋杆菌感染。下列说法正确的是（）A. 呼气中14CO2的含量可用溴麝香草酚蓝溶液检测B. HP分泌尿素酶的过程需要高尔基体参与C. 上述过程体现了酶具有专一性D. 尿素酶可在小肠内继续发挥催化功能【答案】C【解析】【分析】1、幽门螺杆菌是原核生物，无成形的细胞核，遗传物质是DNA，细胞内的细胞器仅有核糖体。2
4、、由题干信息分析可知，Hp产生的脲酶能够水解尿素生成NH3和14CO2，通过同位素检测结果判断是否存在Hp感染。【详解】A、溴麝香草酚蓝溶液只能检测是否产生CO2，但不能检测CO2的放射性，A错误；B、HP原核生物，不含有高尔基体细胞器，B错误；C、尿素只能被HP产生的尿素酶分解，体现了酶的专一性，C正确；D、尿素酶在小肠环境中会失活，不能继续发挥催化功能，D错误。故选C。【点睛】3. 在“比较过氧化氢在不同条件下的分解”的实验中，方法步骤及实验现象如下表所示，下列说法错误的是（）编号加入材料处理方法实验现象12mLH2O2溶液+2滴蒸馏水室温无气泡22mLH2O2溶液+2滴蒸馏水90水浴加热
5、少量气泡，带火星的卫生香不复燃32mLH2O2溶液+2滴质量分数为3.5%FeCl溶液室温较多气泡，带火星的卫生香复燃42mLH2O2溶液+2滴肝脏研磨液室温大量气泡，带火星的卫生香猛烈复燃A. 该实验中自变量是温度和催化剂的种类，因变量是过氧化氢的分解速率B. 该实验中对照组是1号试管，实验组是2、3、4号试管C. 分析1、2号试管的实验现象，说明加热能降低过氧化氢分解反应的活化能D. 分析3、4号试管的实验现象，说明过氧化氢酶比Fe3+降低活化能作用更显著【答案】C【解析】【分析】1、酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，绝大多数酶是蛋白质，极少数酶是RNA；2、酶的特性：高效性、专一性
6、和作用条件温和的特性；3、影响酶活性的因素主要是温度和pH，在最适温度（pH）前，随着温度（pH）的升高，酶活性增强；到达最适温度（pH）时，酶活性最强；超过最适温度（pH）后，随着温度（pH）的升高，酶活性降低另外低温酶不会变性失活，但高温、pH过高或过低都会使酶变性失活；4、分析题干信息可知，本实验的目的是探究温度、氯化铁溶液、肝脏研磨液对过氧化氢分解速率的影响，实验中的自变量有室温和90、氯化铁溶液和肝脏研磨液，因变量是过氧化氢的分解速率，可以用产生氧气的快慢（或气泡的多少）来反应过氧化氢分解速率。【详解】A、根据分析，本实验自变量是温度和催化剂的种类（氯化铁溶液和肝脏研磨液），因变量是
7、过氧化氢的分解速率，A正确；B、1号试管用常温处理，滴加蒸馏水，是空白对照，B正确；C、分析1、2号试管的实验现象，说明加热能够提高反应速率，但加热不能降低化学反应的活化能，C错误；D、分析3、4号试管的实验现象，加入酶的催化速率比无机催化剂更高，说明过氧化氢酶比Fe3+降低活化能作用更显著，D正确。故选C。4. 下图1为酶的作用机理及两种抑制剂影响酶活性的机理示意图，多酚氧化酶（PPO）催化酚形成黑色素是储存和运输过程中引起果蔬褐变的主要原因。为探究不同温度条件下两种PPO活性的大小，某同学设计了实验并对各组酚的剩余量进行检测，各组加入的初始PPO的量相同，结果如图2所示。下列说法正确的是（
8、 ） A. 非竞争性抑制剂降低酶的活性与酶的空间结构改变无关B. 由图1推测，可以通过增加底物浓度来降低竞争性抑制剂对酶活性的抑制C. 由图2可知，在相同温度条件下酶A的活性高于酶BD. 图2实验的自变量是温度，PPO的用量、种类等都是无关变量【答案】B【解析】【分析】本实验的目的是探究不同温度条件下两种PPO活性的大小，本实验的自变量是温度和多酚氧化酶（PPO）的种类，因变量是酚的剩余量；无关变量有pH、反应时间、溶液的量、酶的浓度等。【详解】A、非竞争性抑制剂与酶活性位点以外的其他位点结合，通过改变酶的结构使酶的活性受到抑制，A错误；B、据图1模型可知，竞争性抑制剂与底物竞争酶与底物的结合
9、位点，使底物无法与酶结合形成酶底物复合物，进而影响酶促反应速率，因此增加反应体系中底物的浓度，可减弱竞争性抑制剂对酶活性的抑制，B正确；C、由实验结果可知，相同温度条件下，酶A催化后酚剩余量更多，因此与酶B相比，相同温度条件下酶A的活性更低，C错误；D、图2实验的自变量是温度和多酚氧化酶（PPO）的种类，PPO用量是无关变量，无关变量要求相同且适宜，D错误。故选B。5. ATP是细胞内重要的高能磷酸化合物，其维持着细胞能量供应。下图为ATP的结构式，图中表示化学键。下列说法错误的是（ ）A. 虚线框内的结构是腺苷，是构成RNA的基本单位之一B. ATP水解酶的合成和发挥作用都伴随化学键的断裂C
10、. 踢足球时肌肉细胞ATP含量与上课时的含量无显著差异D. ATP转化成ADP释放的磷酸基团能与某些蛋白质结合【答案】A【解析】【分析】腺苷三磷酸（ATP）是由腺嘌呤、核糖和3个磷酸基团连接而成，水解时释放出能量较多，是生物体内最直接的能量来源。【详解】A、虚线框内的结构是腺苷，是由核糖和腺嘌呤组成，腺苷加磷酸为腺苷酸，是构成RNA的基本单位之一，A错误；B、是特殊的化学键，易断裂也易生成，ATP水解酶的合成为吸能反应，需要能量，ATP水解酶催化ATP的水解，两者都伴随化学键的断裂，B正确；C、细胞中ATP含量很少，但是ATP与ADP转化快，踢足球时肌肉细胞ATP含量与上课时的含量无显著差异，
11、但是踢足球时ATP-ADP转化更快，C正确；D、ATP转化成ADP释放的磷酸基团能与某些蛋白质结合可使蛋白质磷酸化，磷酸化的蛋白质具有能量，可以用于做功，D正确。故选A。6. 下图表示甘蔗一个叶肉细胞内的系列反应过程，相关叙述正确的是（ ） A. 过程中类胡萝卜素主要吸收红光和蓝紫光B. 过程产生（CH2O）的同时，还会产生C5C. 过程释放的能量大部分储存在ATP中D. 过程一般与放能反应相联系【答案】B【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：表示光反应中光能转化为ATP的过程，发生在类囊体薄膜上；表示ATP为三碳化合物的还原过程供能合成有机物的过程，发生在叶绿体的基质中；表示有机物氧化分解
12、释放能量的过程，发生在细胞中；表示ATP水解释放能量的过程，发生在细胞中。【详解】A、程中类胡萝卜素主要吸收蓝紫光，叶绿素主要吸收红光和蓝紫光，A错误；B、表示ATP为三碳化合物的还原过程供能合成有机物的过程，产生（CH2O）的同时，还会产生C5，B正确；C、过程表示有机物氧化分解释放能量的过程，该过程释放的能量少部分贮存于ATP中，大部分以热能形式散失，C错误；D、表示ATP水解释放能量的过程，一般与吸能反应相联系，D错误。故选B。7. 2021年东京奥运会上，“亚洲飞人”苏炳添以9秒83的成绩打破亚洲纪录。在百米赛跑中，下列叙述正确的是（ ）A. 有氧呼吸过程中消耗水、产生水的场所分别是线
13、粒体基质、线粒体内膜B. 葡萄糖是运动员进行正常生命活动的直接能源物质，是细胞呼吸最常利用的物质C. 运动员百米赛跑中同时进行有氧呼吸和无氧呼吸，释放出CO2的量大于消耗O2的量D. 运动员肌细胞无氧呼吸过程在第一阶段和第二阶段均释放少量能量，生成少量ATP【答案】A【解析】【分析】1、人体无氧呼吸的产物是乳酸，没有二氧化碳，因此长跑时人体产生的CO2，只来自有氧呼吸；2、人体无氧呼吸第一阶段葡萄糖分解成丙酮酸和H并且释放少量的能量，第二阶段丙酮酸和H反应生成酒乳酸，第二阶段不产生能量。【详解】A、有氧呼吸过程中消耗水是有氧呼吸的第二阶段，场所是线粒体基质；有氧呼吸过程中产生水是有氧呼吸第三阶
14、段，场所是线粒体内膜，A正确；B、ATP是运动员进行正常生命活动直接能源物质，B错误；C、运动员百米赛跑中同时进行有氧呼吸和无氧呼吸，人体无氧呼吸的产物是乳酸，没有二氧化碳，因此长跑时人体产生的CO2，只来自有氧呼吸，那么释放出CO2的量等于消耗O2的量，C错误；D、人体无氧呼吸第一阶段葡萄糖分解成丙酮酸和H并且释放少量的能量，第二阶段丙酮酸和H反应生成乳酸，第二阶段不产生能量，D错误。故选A。8. 某植物非绿色器官在氧浓度为a、b、c和d时，单位时间内CO2释放量和O2吸收量的变化如图所示。下列说法正确的是（）A. 氧浓度为a时，该器官分解葡萄糖释放的能量转化为热能和ATP中的化学能B. 氧
15、浓度为b时，单位时间内有氧呼吸消耗葡萄糖的量是无氧呼吸的1/5C. 氧浓度为c时，该器官可通过无氧呼吸产生乳酸D. 氧浓度为d时，有氧呼吸和无氧呼吸强度相等【答案】B【解析】【分析】以CO2释放量相对值计算：a浓度：氧吸收为0，只有无氧呼吸。b浓度：有氧呼吸强度为3，无氧呼吸强度为8-3=5；c浓度：有氧呼吸强度为4，无氧呼吸强度为6-4=2；d浓度：有氧呼吸强度为7，无氧呼吸强度为0；由此判断：c浓度最适于贮藏；b浓度无氧呼吸消耗葡萄糖为2.5，为有氧呼吸（0.5）的5倍；d点无氧呼吸强度为0。【详解】A、a浓度条件下，该器官只能进行无氧呼吸，所以葡萄糖没有彻底分解，因此其中的能量还有部分存在于酒精中，A错误；B、根据分析，当氧浓度为b时，释放二氧化碳为8，吸收氧气为3，植物同时进行有氧呼吸和无氧呼吸，根据有氧呼吸反应式，1葡萄糖6氧气6二氧化碳，吸收氧气为3，则有氧呼吸消耗的葡萄糖为0.5，释放二氧化碳为3；则无氧呼吸释放二氧化碳为5，根据无氧呼吸反应式，1葡萄糖2二氧化碳，无氧呼吸消耗的葡萄糖为2.5，因此有氧呼吸消耗葡萄糖的
