《广西示范初中2022年物理高一年级上册期末联考试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广西示范初中2022年物理高一年级上册期末联考试题含解析（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷请考生注意：1 .请用2 B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2 .答题前，认真阅读答题纸上的 注意事项，按规定答题。一、选择题：（卜6 题为单选题7-1 2 为多选，每题4 分，漏选得2 分，错选和不选得零分）1、如图所示，一条不可伸长的轻绳绕过光滑的轻质定滑轮分别与物块A、5相连，细绳两都分分别处于水平和竖直状态，桌面光滑，物块A 和 5的质量分别为 和如 重力加速度为g,现将系统由静止释放，在 8落地前，下列判断正B.物体B下
2、降的加速度大小为冲C.物体A 对桌面的压力的大小等于桌面对A 的支持的大小D.轻绳的张力等于mg2、如图所示，在倾角为a的固定光滑斜面上，物体A 在水平向左的力尸的作用下保持静止，当力尸沿逆时针转动过程中，物体A 一直保持静止状态，下列说法正确的是（）A.力尸可以旋转到重直于斜面的方向C.力尸的大小逐渐减小B.力尸的大小逐渐增大D.支持力的大小保持不变3、如图所示，为一在水平面内做匀速圆周运动的圆锥摆，关于摆球A 的受力情况，下列说法中正确的是（），1，If I，I.A.摆球A 受重力、拉力和向心力的作用 B.摆球A 受拉力和向心力的作用C.摆球A 受拉力和重力的作用 D.摆球A 受重力和向心
3、力的作用4、如图所示，用轻绳拴一物体，以加速度a 向下做减速运动.关于物体受力的做功情况，下列说法正确的是（）A.重力做正功，拉力做负功，合外力做正功B.重力做正功，拉力做负功，合外力做负功C.重力做正功，拉力做正功，合外力做正功D.重力做负功，拉力做负功，合外力做负功5、两个共点力的大小分别为B =15 N,尸 2=8 N,它们的合力大小不可能等于（）A.9NC.8NB.25 ND.21N6、下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A.物体的速度越大，加速度也越大B.物体的速度为零时，加速度也一定为零C.加速度方向与速度方向相同时，速度一定增加D.加速度越大，物体的速度一定增加越多7、如图
4、所示，水平地面上质量为小的物体，在推力F 作用下做匀速直线运动.已知sin370=0.6,c o s3 7 =0.8,木块与地面间的动摩擦因数为，木块受到的摩擦力为（）A.0.8 F B.0.6 FC.M(m g +0.6 F)D.mg8、汽车在平直公路上做初速度为零的匀加速直线运动，途中用了 6 s 时间经过A、B两根电杆，已知A、B间的距离为6 0 m,车经过B时的速度为1 5 m/s,贝!J ()A.经过A 杆时速度为5 m/sB.车的加速度为1 5 m/s2C.车从出发到B杆所用时间为9 sD.从出发点到A 杆的距离是6.5 m9、已知一质量机=l k g 的物体在倾角a=3 7。的固
5、定斜面上恰能匀速下滑，当对该物体施加一个沿斜面向上的推力产时，物体恰能匀速上滑.下列说法正确的是()(取 1 0 m/s 2,.3 7 0=0.6,侬 3 7。=0.8)A.物体与斜面间的动摩擦因数=0.7 5B.物体与斜面间的动摩擦因数=0.5C.推力 F=1 0 ND.推力 F=1 2 N1 0、下列物理量中，是矢量的有A.路程 B.力C.加速度 D.时间1 1、如图所示，质量为，的小球悬挂在小车顶棚上，在运动过程中当小球偏离竖直方向，角时，则下列说法正确的是()A.小车可能向左减速运动B.小车可能向右减速运动C.小车的加速度大小a=g t a n 0D.悬 挂线的拉力大小尸=第s i n
6、。1 2、如图所示，一小滑块从斜面顶端A 由静止开始沿斜面向下做匀加速直线运动到达底端C,已知4 3=5。，则下列说法正确的是（）A.滑块到达5、C两点的速度之比为1：72B.滑块到达3、C两点的速度之比为1：4C.滑块通过A3、8 c 两段的时间之比为1：V2D.滑块通过AB、BC两段的时间之比为（0+1）:1二、实 验 题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6 分）质量为3kg的木箱在水平地面上运动，木箱与地面间动摩擦因数为0.4,木箱受到一个与运动方向相同的拉力F,当拉力由16N逐渐减小到零的过程中，在力厂等于 N 时,物体有最大的加速度，其大小为 m/s2;力F等于 N 时物体
7、速度最大14、（10分）在“探究加速度与力、质量的关系 实验装置，沙桶和沙子的总质量为，小 小 车 的 质 量 为 重 力 加 速度为g。丝打点i挪器A|U接交次电源（1）实验时，应该A.先接通电源，后释放小车 B.先释放小车，后接通电源（2）甲同学在实验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有四个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出打“8”计 数 点 时 小 车 的 速 度 大 小 为 刖=m/s,小车的加速度大小为“=m/s2（结果保留2 位有效数字）。（3）乙同学改变沙桶内沙子的质量，多次实验，以沙桶和沙子的重力当作小车受到的拉力F 为横坐标、小车对
8、应的加速度。为纵坐标，做出的。一尸图像如图所示，其操作步骤全部正确，可 知 小 车 的 质 量 知=kg.(4)丙同学根据测量数据做 出 如 图 所 示 a 尸图线，该同学做实验时存在的问题是三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明(本题共3 6 分)1 5、(1 2 分)如图所示，质量m=l k g 的物块，在沿斜面向上、大小E =1 5 N 的拉力作用下，沿倾角6 =3 7。的足够长斜面由静止开始匀加速上滑，经时间乙=2 s 撤去拉力。已知物块与斜面间的动摩擦因数=0.5,取 g =1 0 m/s 2,s i n 3 7。=0.6,c o s 3 7。=0.8,求：(1)拉力厂作用的时间4
9、 内，物块沿斜面上滑的距离/；(2)从撤去拉力起，物块运动至最高点所需的时间与；(3)从撤去拉力起，经 3 s 物块距出发点的距离心1 6、(1 2 分)如图所示，用水平拉力/使物体由静止开始沿光滑水平地面做匀加速直线运动，测得物体的加速度a =3.0 m/s2.已知物体的质量?=L 0 k g。求：(1)水平拉力厂的大小；(2)物体在t=2.0 s 时物体的速度v 的大小。17、(1 2 分)如图所示，质量1.0 k g 的长木板静止在光滑水平面上，在长木板的右端放一质量，=1.0 k g 的小滑块(可视为质点)，小滑块与长木板之间的动摩擦因数=0.2 0.现用水平恒力尸=6.0 N向右拉长
10、木板，使小滑块与长木板发生相对滑动，经过f=L O s 撤去力尸.小滑块在运动过程中始终没有从长木板上掉下.求：(1)撤去力尸时小滑块和长木板的速度各是多大？(2)小滑块相对长木板静止时，小滑块相对地面运动的总位移参考答案一、选择题：（1-6 题为单选题7-1 2 为多选，每题4 分，漏选得2 分，错选和不选得零分）1、C【解析】ABD.对 8,由牛顿第二定律得m g-T =max同理，对 A：T=M%解得千 MmgT=-/2T i所以r,_ V 2+1t2 1故C错误，D正确一1 ,【点睛】解决本题的关键掌握初速度为零的匀变速直线运动的速度位移公式/=2 o x,以及位移时间公式x =a的
11、一二、实 验 题（本题共1 6分，答案写在题中横线上）1 3、.0 .4 .1 2【解析】口 2 3 木箱竖直的重力与支持力平衡抵消，在水平方向受到拉力和滑动摩擦力，当拉力由1 6 N逐渐减小到零的过程中，木箱的合力先减小，再反向增大，当拉力等于零时，合力最大，加速度最大，加速度的最大值为=4m/s当拉力与滑动摩擦力平衡瞬间，即F=/amg-12N时木箱速度最大14、.)A.0.40.0.80.8或 8.0或 8.00.未平衡摩擦力或平衡摩擦力不够【解析】实验时，为提高纸带的利用率，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车。故 A 正确，B 错误;故选A。(2)根据一段时间内的平均速度等于
12、中间时刻的瞬时速度可知，打“B”计数点时小车的速度大小为2x0.13根据推论Ax=aP运用逐差法得0.0762+0.0680+0.0599-0.0520-0.0438-0.03629P-9x0.01(3)4|由牛顿第二定律得：F=M a,则有:a-尸图象的斜率k =M则小车的质量为(4)当尸不等于零，加速度a 仍然为零，可知实验中没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够。三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明(本题共36分)15、(1)10m；(2)Is；(3)11m【解析】(1)物块在时间4 内沿斜面匀加速上滑，设加速度大小为4,由牛顿第二定律有F-mgsM lQ /jmgcos370=max代入数
13、据解得4=5m/s2在这段时间内物块上滑的距离为1 2 1 x,=a,t,=x5x2m=10 m经时间4 物块的速度大小为W =砧=5x2=lOm/s接着物块沿斜面匀减速上滑，设加速度大小为。2,由牛顿第二定律有mg sin 37+/jmg cos 37=ma2代入数据解得a2=10m/s2根据速度公式有0=匕代入数据解得t2=Is物块在时间1 2内上滑的距离为1 2 1 2x2=vt2-a2t2=10 x1-x 10 x1=5m物块沿斜面下滑的时间为=t t2=2s设物块沿斜面下滑的加速度大小为3,由牛顿第二定律有mg sin 37-pimg cos 37=ma3代入数据解得a3=2m/s2
14、物块在时间A内沿斜面下滑的距离为&；卬；=；x 2 x 22=4m故x=%1 +x2-x3=11m16、(1)3N；(2)6m/s【解析】(1)根据牛顿第二定律F=ma=3N物体在t=2.0s时速度的大小v=at=6m/s17、（1）2.0 m/s 4.0 m/s（2）2.25 m【解析】（1）小滑块和长木板均做匀加速运动，分别对小滑块和长木板受力分析，求出加速度，运用速度时间公式求出速度；（2）撤去拉力后，由于惯性，两个物体都向前滑动，但由于长木板速度较大，故两物体间摩擦力不变，小滑块继续加速，长木板匀减速，直到两个物体间相对静止为止，根据运动学公式可以先求出第二个过程的时间，然后分别求出两
15、个过程的位移，就得到总位移.【详解】（1）对长木板施加恒力产的时间内，小滑块与长木板间相对滑动，小滑块和长木板在水平方向的受力情况如图所示 一F,耳 ，小滑块所受摩擦力Ft=fimg设小滑块的加速度为根据牛顿第二定律解得“1=2.0 m/s2长木板受的摩擦力大小F=Ff=finig设长木板的加速度为。2,根据牛顿第二定律尸一解得 a2=4.0m/s2经过时间/=1.0s,小 滑 块 的 速 度vi=ait=2.0 m/s长木板的速度 V2=2f=4.0 m/s（2）撤去力尸后的一段时间内，小滑块的速度小于长木板的速度，小滑块仍以加速度s做匀加速直线运动，长木板做匀减速直线运动.设长木板运动的加
16、速度为的，此时长木板水平方向受力情况如图所示，根据牛顿第二定律-H=Ma3解得 a3=2.0m/s2设再经过时间fl后，小滑块与长木板的速度相等，此时小滑块相对长木板静止即 办+。曲=及a3fl解得力=0.50 s如图所示，在对长木板施加力尸的时间内，小滑块相对地面运动的位移是s i,从撤去产到二者速度相等的过程，小滑块相对地面的位移是S2.El-l所以小滑块相对长木板静止时，小滑块相对地面运动的总位移为 块=1+$2=；i+(viti+y aiZi2)=2.25 m.【点睛】本题关键的就是正确的对两个物体受力分析，求出加速度，分析清楚运动过程，由于本题小滑块的受力一直未变，也可以直接有位移时间公式求解.
