《【解析版】福建省2018-2019学年高二上学期第二次月考物理试题 word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【解析版】福建省2018-2019学年高二上学期第二次月考物理试题 word版含解析（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、霞浦一中2018-2019学年第一学期高二年第二次月考物理试卷(B)一、单项选择题（本题共8题，每小题4分，共32分。每小题只有一个选项正确，请将正确的选项填写在答题卷上）1.在人类对微观世界进行探索的过程中，下列说法符合历史事实的是A. 贝克勒尔通过对天然放射性现象的研究，发现了原子中存在原子核。B. 玻尔推翻了原子的核式结构，并提出了半经典的量子化原子模型。C. 卢瑟福通过粒子散射实验，证实了在原子核内存在质子和中子。D. 汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，发现了原子并非不可再分。【答案】D【解析】【详解】贝克勒尔通过对天然放射性现象的研究，证明原子核有复杂结构，粒子散射实验说明原子中
2、存在原子核，故A错误；玻尔在原子的核式结构理论基础上提出了半经典的量子化原子模型，选项B错误。卢瑟福通过粒子散射实验，建立了原子的核式结构理论，选项C错误；汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，发现了原子并非不可再分，选项D正确。故选D.2.如图所示，电阻R和线圈自感系数L的值都较大，电感线圈的电阻不计，A、B是两只完全相同的灯泡，当开关S闭合时，电路可能出现的情况是A. A、B一起亮，然后A熄灭 B. A、B一起亮，然后B熄灭C. B比A先亮，然后B熄灭 D. A比B先亮，然后A熄灭【答案】A【解析】【分析】电键接通瞬间，电路中迅速建立了电场，立即产生电流，但线圈中产生自感电动势，阻碍电流的
3、增加，故线圈中电流逐渐增加；电键断开瞬间，电路中电流要立即减小零，但线圈中会产生很强的自感电动势，与灯泡A构成闭合回路放电【详解】电键接通瞬间，电路中迅速建立了电场，立即产生电流，但线圈中产生自感电动势，阻碍电流的增加，故开始时通过灯泡A的电流较大，故灯泡A较亮；电路中自感电动势阻碍电流的增加，但不能阻止电流增加，电流稳定后，由于电感线圈的电阻不计，所以A灯被短路，A灯泡熄灭，故A正确，BCD错误。故选A。【点睛】本题考查了通电自感和断电自感，关键是明确线圈中自感电动势的作用是阻碍电流的变化，但不能阻止电流变化.3.如图所示，两长直通电导线互相平行，电流方向相同，其截面处于一个等边三角形的A、
4、B处，如图所示，两通电导线在C处的磁感应强度均为B，则C处总磁感应强度为()A. 2B B. B C. 0 D. B【答案】D【解析】磁感应强度是个矢量，求和应遵循矢量求和，两个电流在C出产生的磁场夹角为120，所以求和也为B.选B。4. 宇航员在探测某行星时，发现该星球均匀带电，且电性为负，电量为Q，表面无大气在一实验中，宇航员将一带电q（qQ）的粉尘置于距该星球表面h高处，该粉尘恰好处于悬浮状态；宇航员又将此粉尘带到距该星球表面2h处，无初速释放，则此带电粉尘将（）A. 向星球球心方向下落B. 背向星球球心方向飞向太空C. 仍处于悬浮状态D. 沿星球自转的线速度方向飞向太空【答案】C【解析
5、】试题分析：尘恰好处于悬浮状态.尘埃受力平衡，有，宇航员又将此粉尘带至距该星球表面2h高处,对平衡不造成影响，故依然平衡，选C考点：考查受力平衡和库仑力的应用点评：求解此题时要理解力是决定运动的因素，根据受力判断运动情况5.如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源的内电阻，以下说法中不正确的是（ ）A. 当R2=Rl+r时，R2上获得最大功率B. 当Rl=R2+r时，Rl上获得最大功率C. 当R2=0时，Rl上获得功率一定最大D. 当R2=0时，电源的输出功率可能最大【答案】B【解析】试题分析：因为当外电路的电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大；将R1+r归为电源的
6、内阻，故当R2=Rl+ r时，R2上获得最大功率，选项A正确；因为R1为固定电阻，故当外电阻最小时，即R2=0时，电阻的电流最大，此时Rl上获得最大功率，选项B错误，C正确；若Rl= r，当R2=0时，电源的输出功率最大，选项D正确，故选B。考点：电功率。6.如图所示，有三个质量相等，分别带正电，负电和不带电的小球，从上、下带电平行金属板间的P点以相同速率垂直电场方向射入电场，它们分别落到A、B、C三点，则A. A带负电、B不带电、C带正电B. 三小球在电场中运动时间相等C. 在电场中加速度的关系是aAaBaCD. 到达正极板时动能关系EkCEkBEkA【答案】D【解析】【分析】三个小球平抛运
7、动或类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，根据位移关系分析时间关系竖直方向上三个的位移大小相等，由位移公式分析加速度关系，判断小球的电性根据动能定理分析到达正极板时动能关系【详解】运用运动的分解法可知，三个小球水平方向都做匀速直线运动，由图看出，水平位移的关系为xAxBxC，初速度v0相同，由位移公式x=v0t得知，运动时间关系为tAtBtC小球在竖直方向都做匀加速直线运动，竖直位移大小y相等，由位移公式y=at2得到，加速度的关系为aAaBaC根据牛顿第二定律得知，三个小球的合力关系为：FAFBFC三个质量相等，重力相等，则可知，A所电场力向上，C所受电场力向下，则A带正电、B不带电、C带负电
8、。故A BC错误。由上分析得到，电场力对A做负功，电场力对C做正功，而重力做功相等，而且重力都做正功，合力对小球做功A最小，C最大，初动能相等，则根据动能定理得知，到达正极板时动能关系EkCEkBEkA故D正确。故选D。7.图甲的变压器原、副线圈匝数比为31,图乙是该变压器cd输入端交变电压u的图象,L1、L2、L3、L4为四只规格均为“9V,6W”的相同灯泡,各电表均为理想交流电表,以下说法正确的是A. ab输入端电压的瞬时值表达式为Uab=sin100t(V)B. 断开K,电压表V读数将变小C. L1灯泡无法正常发光，可能烧坏D. ab输入端输入功率Pab=24W【答案】D【解析】【分析】
9、闭合电路动态分析中，电源部分是由变压器提供，其它仍用闭合电路殴姆定律。当断开开关S时，导致总电阻发生变化，而电压不变，则可判断出电路中的电流及电压如何变化。同时当电路中有变压器时，只要将变压器的有效值求出，则就相当于一个新的恒定电源，其值就是刚才的有效值。【详解】由输入端交变电压u的图象，可知其最大值为27V，有效值是27V，副线圈电压为：UU19V，所以副线圈三只灯泡均能正常发光。灯泡的额定电流：，电流表的读数为I2=3A=2A，原线圈电流为，所以原线圈的灯泡也能正常发光，ab输入端电压为Uab=U+U2=9+27=36V；输入端电压的瞬时值表达式为uab=36sin100t（V）AC错误。
10、若将K断开，则副线圈上的输出电流将减小，所以原线圈的输入电流也减小，则流过灯泡L1的电流减小，L1上消耗的电压减小，所以原线圈上的电压降增大，即压表V读数将变大，故C错误；四个灯泡都正常发光，所以ab输入端输入功率Pab=46=24W故D正确；故选D。【点睛】理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象。同时运用闭合电路欧姆定律来分析，随着电阻变化时电流、电压如何变化。分析的思路先干路后支路，以不变应万变。最后值得注意的是变压器的原线圈与灯泡串联后接入交流中，所以图象的有效值不是原线圈的有效值。8.宽度均为d且足够长的两相邻条形区域内，各存在磁感应强度大小均为B, 方向相反的
11、匀强磁场；电阻为R，边长为的等边三角形金属框的AB边与磁场边界平行，金属框从图示位置以垂直于AB边向右的方向做匀速直线运动，取逆时针方向电流为正，从金属框C端刚进入磁场开始计时，框中产生的感应电流随时间变化的图象是【答案】A.【解析】试题分析：本题导体的运动可分段判断，运用排除法进行分析根据楞次定律可判断电路中感应电流的方向；由导体切割磁感线时的感应电动势公式可求得感应电动势的大小，由欧姆定律分析感应电流大小的变化三角形线圈的高为2d，则在开始运动的0d过程中，感应电流，方向为逆时针方向，在d2d时，设某时刻线圈进入右侧区域的距离为x，则线圈切割磁感应线的有效长度为，则感应电流，方向为逆时针方
12、向，当时，当线圈的C点出离右边界x时，等效长度，感应电流，方向顺时针方向，当时，当时，当C点出离右边界d2d时，等效长度，感应电流，方向逆时针方向，当时，当时，故A正确，BCD错误；【点睛】本题为选择题，而过程比较复杂，故可选用排除法解决，这样可以节约一定的时间；而进入第二段磁场后，分处两磁场的线圈两部分产生的电流相同，且有效长度是均匀变大的，注意总感应电动势何时是切割感应电动势之和，何时是切割感应电动势之差二、多项选择题（本题共4题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项正确，选不全的得2分，错选或多选都不得分）9. 图6为远距离高压输电的示意图。关于远距离输电，下列表述正确的是A. 增加输
13、电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B. 高压输电是通过减小输电电流来减小电路的发热损耗C. 在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D. 高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好【答案】ABD【解析】在导线材料、长度一定的情况下，导线的横截面积越大，导线电阻越小，导线损失的功率越小，故A正确；由P损=I2R可知，在输电导线电阻一定的情况下，输电电流越小损失的功率越小，减小输电电流，可以减少电路的发热损耗，故B正确；由 可知，输电电压一定，输送功率越大，输电损失功率越大，损失的电能越多，故C错误在高压输电的过程中，电压过高时，感抗和容抗影响较大，所以不一
14、定是电压越高越好，故D正确本题选错误的；故选C点睛：解决本题的关键掌握输电功率与输电电压的关系，以及损失功率与输电电流的关系.10.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光在将滑动变阻器的触片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是() A. 小灯泡L1、L2均变暗B. 小灯泡L1变亮，小灯泡L2变暗C. 电流表A的读数变小，电压表V的读数变大D. 电流表A的读数变大，电压表V的读数变小【答案】BC【解析】滑动变阻器的触片向右滑动,电阻变大，总电阻变大，总电流变小，所以电流表A的读数变小，小灯泡L2变暗。总电流变小，内电压变小，路端电
15、压变大，即电压表V的读数变大。又小灯泡L2分压变小，所以并联部分分压变大，小灯泡L1变亮，BC对11.如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带正电的小物体以初速度V1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为V2（V2V1）若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则有A. 从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小B. 从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功C. 从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先减小后增大D. 小物体上升的最大高度为【答案】BD【解析】【分析】由电场力做功与电势能关系要得出电势能的变化及电场力做功的特点；分析小球运动中压力的变化，由滑动摩擦力的计算公式可分析摩擦力的变化根据电场力做功的特点可求得电场力做功的大小，由动能定理可分别列出上滑及下滑过程中的表达式，联立即可解得最大高度；【详解】由OM=ON，电场力为斥力，滑块与O点的距离先减小后增加，可知电场力对小物体先作负功后作正功，电势能先增大后减小，则B正确，A错误；从N到M的过程中，小物体受到的电场力垂直斜
