【解析版】福建省厦门市2019届高三上学期期末质检文科数学试题 word版含解析

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1、福建省厦门市2019届高三年级第一学期期末质检文科数学第卷一、选择题在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1.已知集合,则( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据集合的交集运算,即可求解,得到答案.【详解】由题意,集合,所以,故选D.【点睛】本题主要考查了集合的交集运算,其中解答中认清集合的构成,利用集合的交集运求解是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.2.已知命题:若,则;命题:,则以下为真命题的是( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】由不等式的性质可得命题p为假命题,由基本不等式可得命题Q为真命题,再利用复合命题的真值表,即可

2、判定.【详解】由题意,命题:若,则为假命题,例如时命题不成立;由基本不等式可得命题:,当且仅当取得等号,所以为真命题,根据复合命题的真值表可知,命题为真命题,命题都为假命题,故选A.【点睛】本题主要考查了复合命题的真假判定,以及不等式的性质和基本不等式的应用,其中解答中根据不等式的性质和基本不等式,准确判定命题的真假是解答的关键 ,着重考查了分析问题和解答问题的能力,属于基础题.3.已知函数则( )A. 0 B. C. 1 D. 2【答案】B【解析】【分析】由题意,根据函数的解析式,求得,进而求得,得到答案.【详解】由题意,函数,则,所以,故选B.【点睛】本题主要考查了分段函数的求值问题,其中

3、解答中根据分段函数的解析式,合理准确运算是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.4.若满足约束条件,则的最大值为( )A. B. 1 C. 5 D. 11【答案】C【解析】【分析】由题意,作出约束条件所表示的平面区域,结合图形,得到目标函数的最优解,代入即可求解.【详解】由题意,作出约束条件所表示的平面区域,如图所示,又由目标函数,得,当直线过点A时,此时在y轴上的截距最大,此时目标函数取得最大值,又由,解得,此时目标函数的最大值为,故选C.【点睛】本题主要考查了简单的线性规划求解目标函数的最大值问题,其中解答中正确作出约束条件所表示的平面区域,结合图形,确定出目标函数的最优解是解

4、答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.5.已知锐角满足,则( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】利用诱导公式,求得的值,再利用倍角公式,即可求解.【详解】因为锐角满足,所以也是锐角,由三角函数的基本关系式可得,则,故选C.【点睛】本题主要考查了三角函数的化简求值问题,其中解答中熟记三角函数的诱导公式和三角函数的倍角公式,准确运算是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.6.已知抛物线:的焦点为,点在上,的中点坐标为,则的方程为( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】由题意,根据点A在曲线C上,AF的中点坐标为,利用中点公式可得,可得,代入抛

5、物线的方程,求得,即可得到抛物线的方程.【详解】由抛物线,可得焦点为,点A在曲线C上,AF的中点坐标为,由中点公式可得,可得,代入抛物线的方程可得,解得,所以抛物线的方程为,故选B.【点睛】本题主要考查了抛物线的标准方程及其简单的几何性质的应用,其中解答中根据题设条件和中点公式,求得点A的坐标,代入求得的值是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.7.在长方体中,分别为棱,的中点,则异面直线与所成角的余弦值为( )A. 0 B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】在正方体中,连接CF、AC、EF,则BE/CF,把异面直线AF与BE所成的角,转化为相交直线AF与CF所成的角,在中,

6、利用余弦定理求解,即可得到答案。【详解】在正方体中,连接CF、AC、EF,则BE/CF,所以异面直线AF与BE所成的角,即为相交直线AF与CF所成的角,设角,在正方体中,得,在中,由余弦定理可得,即异面直线AF与BE所成的角的余弦值为0,故选A。【点睛】本题主要考查了利用空间向量求解异面直线所成的角,其中解答中利用平移把异面直线所成的角转化为相交直线所成的角,放置在三角形中利用正、余弦定理求解是解答的关键,着重考查了推理与论证能力,属于基础题.8.在中,为的中点,则( )A. B. C. D. 5【答案】B【解析】【分析】根据平面向量的基本定理,求得,代入计算,即可求解.【详解】由题意,如图所

7、示,根据平面向量的基本定理和数量积的运算,可得,故选B. 【点睛】本题主要考查了平面向量的数量积的运算,以及平面向量的基本定理的应用,其中解答中利用平面向量的基本定理,转化为向量和是解答的关键,着重考查了推理与计算能力,属于基础题.9.函数的部分图象大致为( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】由函数的奇偶性的定义,可判定函数为奇函数,在求出得值,即可得到答案.【详解】由题意,函数的解析式满足,得,即函数的定义域为,又由,所以函数是其定义域上的奇函数,由此排除A、D;又,由此排除B,故选C.【点睛】本题主要考查了函数的图象的识别问题,其中解答中根据函数的解析式求得函数的奇偶性,

8、再根据特殊点的函数值排除是解答的关键,此类问题注意排除法的应用,着重考查了分析问题和解答问题的能力,属于基础题.10.数列满足,则( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】由题意,数列满足,即所以,则 所以,故选D.【点睛】本题主要考查了数列的递推公式的应用,以及裂项法求和的应用,其中解答中根据数列的递推公式,求得数列的通项同时,再根据裂项法求和是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.11.双曲线:的左、右焦点分别为,过作一条直线与两条渐近线分别相交于两点,若,则双曲线的离心率为( )A. B. C. 2 D. 3【答案】C【解析】【详解】如图所示,连接,又由,且为的

9、中点,所以,因为,即,所以A为线段的中点,又由于为的中点,所以,所以,所以,又由直线OA与OB是双曲线的两条渐近线,则,所以,则,所以双曲线的离心率为,故选C. 【点睛】本题主要考查了双曲线的标准方程及其简单的几何性质的应用,其中解答本题的关键在于将问题的几何要素进行合理转化,得到的关系式,着重考查了推理与计算能力,属于中档试题.12.函数,当时,则的最小值是( )A. 1 B. 2 C. D. 【答案】B【解析】【分析】依题意,由,得,利用集合的包含关系,得到所以,得,进而可求得结果.【详解】因为,所以依题意,由即,得所以 所以,整理得又,所以所以,所以的最小值为2.【点睛】本题主要考查了三

10、角函数的图象与性质的应用问题,其中解答中熟记三角函数的图象与性质,利用集合的包含关系得到的范围是解答的关键,着重考查了分析问题和解答问题的能力,试题有一定的难度,属于中档试题.二、填空题(将答案填在答题纸上)13.复数的共轭复数是_【答案】【解析】【分析】根据复数的四则运算,化简求得,再根据共轭复数的概念,即可求解.【详解】由题意,复数,所以共轭复数为.【点睛】本题主要考查了复数的运算,以及共轭复数的求解,其中解答中熟记复数的四则运算法则,化简复数是解答本题的关键,着重考查了推理与计算能力,属于基础题.14.直线与圆交于两点,则_【答案】【解析】【分析】根据题意,求得圆心到直线点距离为,再由圆

11、的弦长公式,即可求解.【详解】根据题意,圆的圆心为,半径为,则圆心到直线点距离为,则.【点睛】本题主要考查了直线与圆的位置关系的应用,以及弦长的计算,其中解答中熟记点到直线的距离公式和圆的弦长公式,准确计算是解答的关键,着重考查了推理与计算能力,属于基础题.15.九章算术将底面为矩形且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥称之为“阳马”.如图所示,网格纸上的小正方形的边长为1,粗实线画出的是某一阳马的正视图和侧视图,则该阳马中,最长的棱的长度为_【答案】【解析】【分析】根据三视图画出原几何体,再根据三视图中的数据,即可求解最长的棱的长度,得到答案.【详解】由题意,根据三视图可得该几何体为一个四棱锥,(如

12、图所示)其中侧棱底面,底面为长方形,在该“阳马”点最长的棱长为.【点睛】本题主要考查了空间几何体的三视图,以及几何体的结构特征的应用,其中解答中根据空间几何体的三视图得到该几何体的直观图,以及相应的线面位置关系是解答本题的关键,着重考查了空间想象能力,以及推理与计算能力.16.函数,对于,都有,则实数的取值范围是_【答案】【解析】【分析】由题意,利用函数的奇偶性和单调性,转化得出,分别作出函数,和,结合图象,即可求解.【详解】由题意,函数是定义在上的奇函数,在为单调递增,且,即,即作出与的图象,直线作为曲线切线可求得,当时,;作出与的图象,时,故,综上可得.【点睛】本题主要考查了不等式的恒成立

13、问题,以及函数的图象的应用,其中解答中根据函数的奇偶性和函数的单调性,转化为,利用函数,和,结合图象求解是解答的关键,着重考查了转化思想和推理与计算能力,属于中档试题.三、解答题(解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤) 17.在中,角所对的边分别为,且.(1)求角;(2)若,求的面积【答案】(1) (2)3【解析】【分析】(1)在中,由正弦定理,求得,即可得到角的大小;(2)由得,求得,在利用正弦定理,求得,利用面积公式,即可求解.【详解】(1)在中,由正弦定理得:,整理得,由余弦定理得,又因为,所以.(2)由得,所以由正弦定理:,解得所以的面积【点睛】在解有关三角形的题目时,要有意识地考虑

14、用哪个定理更合适,或是两个定理都要用,要抓住能够利用某个定理的信息一般地,如果式子中含有角的余弦或边的二次式时,要考虑用余弦定理;如果式子中含有角的正弦或边的一次式时,则考虑用正弦定理;以上特征都不明显时,则要考虑两个定理都有可能用到18.已知是首项为1的等差数列,是公比为2的等比数列,且.(1)求,的通项公式;(2)记的前项和为,的前项和为,求满足的最大正整数的值【答案】(1) , (2)5【解析】【分析】(1)设的公差为,的公比为,依题意列出方程组,求得,进而利用等差数列和等比数列的通项公式,即可求解.(2)由(1),求得,在根据,利用是递增数列,即可求解.【详解】(1)设的公差为,的公比为,依题意得,即,解得所以,.(2)由(1)可知,由可得,即因为是递增数列,又,所以满足的最大正整数的值是5.【点睛】本题主要考查了等差数列与等比数列的综合应用,其中解答中熟记等差数列和等比数列的通项公式和前n项和公式,列出方程组及合理利用数列的单调性是解答本题的关键,着重考查了分析问题和解答问题的能力,属于基础题.19.如图

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