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1、2011全国新课标理综物理试题二、选择题：本大题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的。在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是15.一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用。此后，该质点的动能可能A. 一直增大B. 先逐渐减小至零，再逐渐增大C. 先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小D. 先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大16.一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高
2、台下落，到最低点时距水面还有数米距离。假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，下列说法正确的是A. 运动员到达最低点前重力势能始终减小B. 蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加C. 蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒D. 蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的选取有关17.如图，一理想变压器原副线圈的匝数比为1：2；副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220V，额定功率为22W；原线圈电路中接有电压表和电流表。现闭合开关，灯泡正常发光。若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则18.电磁轨道炮工作原理如图所示。待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动，并
3、与轨道保持良好接触。电流I从一条轨道流入，通过导电弹体后从另一条轨道流回。轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道面得磁场（可视为匀强磁场），磁感应强度的大小与I成正比。通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出。现欲使弹体的出射速度增加至原来的2倍，理论上可采用的方法是A.只将轨道长度L变为原来的2倍B.只将电流I增加至原来的2倍C.只将弹体质量减至原来的一半D.将弹体质量减至原来的一半，轨道长度L变为原来的2倍，其它量不变19.卫星电话信号需要通地球同步卫星传送。如果你与同学在地面上用卫星电话通话，则从你发出信号至对方接收到信号所需最短时间最接近于（可能用到的数据：月球绕地球运动的轨道半径约为3
4、.810 5m/s）A.0.1sB.25sC.0.5sD.1s20.一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的。关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）21.如图，在光滑水平面上有一质量为m 1的足够长的木板，其上叠放一质量为m 2的木块。假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等。现给木块施加一随时间t增大的水平力F=kt（k是常数），木板和木块加速度的大小分别为a 1和a 2，下列反映a 1和a 2变化的图线中正确的是22.（5分）为了测量一微安表头A的内阻，某同学设计了如图所示的电路。图中，A 0是标准电流表，
5、R 0和R N分别是滑动变阻器和电阻箱，S和S 1分别是单刀双掷开关和单刀开关，E是电池。完成下列实验步骤中的填空：（1）将S拨向接点1，接通S 1，调节_,使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时_的读数I；（2）然后将S拨向接点2，调节_,使_,记下此时R N的读数；（3）多次重复上述过程，计算R N读数的_,此即为待测微安表头内阻的测量值。23.（10分）利用图1所示的装置可测量滑块在斜面上运动的加速度。一斜面上安装有两个光电门，其中光电门乙固定在斜面上靠近底端处，光电门甲的位置可移动，当一带有遮光片的滑块自斜面上滑下时，与两个光电门都相连的计时器可以显示出遮光片从光电门甲至乙所用的时间t
6、。改变光电门甲的位置进行多次测量，每次都使滑块从同一点由静止开始下滑，并用米尺测量甲、乙之间的距离s，记下相应的t值；所得数据如下表所示。完成下列填空和作图：（1）若滑块所受摩擦力为一常量，滑块加速度的大小a、滑块经过光电门乙时的瞬时速度v1测量值s和t四个物理量之间所满足的关系式是_；(2)根据表中给出的数据，在图2给出的坐标纸上画出 图线；（3）由所画出的 图线，得出滑块加速度的大小为a=_m/s 2（保留2位有效数字）。24.（13分）甲乙两辆汽车都从静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变。在第一段时间间隔内，两辆汽车的加速度大小不变，汽车乙的加速度大小是甲的两倍；在接下来的相同时间
7、间隔内，汽车甲的加速度大小增加为原来的两倍，汽车乙的加速度大小减小为原来的一半。求甲乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比。25.（19分）如图，在区域I（0xd）和区域II（dx2d）内分别存在匀强磁场，磁感应强度大小分别为B和2B，方向相反，且都垂直于Oxy平面。一质量为m、带电荷量q（q0）的粒子a于某时刻从y轴上的P点射入区域I，其速度方向沿x轴正向。已知a在离开区域I时，速度方向与x轴正方向的夹角为30；因此，另一质量和电荷量均与a相同的粒子b也从p点沿x轴正向射入区域I，其速度大小是a的1/3。不计重力和两粒子之间的相互作用力。求（1）粒子a射入区域I时速度的大小；（2）当a
8、离开区域II时，a、b两粒子的y坐标之差。(二)选考题：共45分。请考生从给出的3道物理题，3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂提米的题号一致，在答题卡上选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。33.【物理选修3-3】（15分）（1）（6分）对于一定量的理想气体，下列说法正确的是_。（选对一个给3分，选对两个给4分，选对3个给6分。每选错一个扣3分，最低得分为0分）A 若气体的压强和体积都不变，其内能也一定不变B 若气体的内能不变，其状态也一定不变C 若气体的温度随时间不段升高，其压强也一定不断增
9、大D 气体温度每升高1K所吸收的热量与气体经历的过程有关E当气体温度升高时，气体的内能一定增大（2）（9分）如图，一上端开口，下端封闭的细长玻璃管，下部有长l 1=66cm的水银柱，中间封有长l 2=6.6cm的空气柱，上部有长l 3=44cm的水银柱，此时水银面恰好与管口平齐。已知大气压强为P o=70cmHg。如果使玻璃管绕低端在竖直平面内缓慢地转动一周，求在开口向下和转回到原来位置时管中空气柱的长度。封入的气体可视为理想气体，在转动过程中没有发生漏气。34.【物理选修3-4】（1）运动周期为T，振幅为A，位于x=0点的被波源从平衡位置沿y轴正向开始做简洁震动，该波源产生的一维简洁横波沿x
10、轴正向传播，波速为 ，传播过程中无能量损失，一段时间后，该震动传播至某质点p，关于质点p振动的说法正确的是_。A振幅一定为aB周期一定为tC速度的最大值一定为 D开始振动的方向沿y轴向上活向下取决去他离波源的距离E若p点与波源距离s= t，则质点p的位移与波源的相同（2）一半圆柱形透明物体横截面如图所示，地面AOB镀银，o表示半圆截面的圆心，一束光线在横截面内从M点的入射角为30 ， 角MOA=60 ，角NOB=30 。求（1） 光线在M点的折射角（2） 透明物体的折射率35.【物理选修3-5】（1）在光电效应试验中，某金属的截止频率相应的波长为 ，该金属的逸出功为_。若用波长为 （ 时，两物
11、体开始分离，此时两物体之间为滑动摩擦力，对 m1g应用牛顿第二定律有，m 2g= m1 a1，解得a 1= 为定值，在am2gm1t图象中是一条平行于水平t轴的直线，对m 2应用牛顿第二定律有，ktm 2g= m2 a2，解得a 2= tg ，由于 ，即分离后在akm2 km2 km1 m2t图象中a 2的斜率更大，故B、C、D 错，A 正确。22、（1）将S拨向接点1，接通S 1，通过调节滑动变阻器R 0，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时A 0（或标准电流表）的读数 I；（2）然后将 S拨向接点2，保持R 0不变，调节变阻箱R N，使A 0（或标准电流表）的读数仍为 I，记下此时R N
12、的读数，在实验期间，用RN代替了A表，而标准表A 0的读数不变，故此 RN的读数就是待测表A的内阻；（3）为提高精确度，实验时要多次重复上述过程，计算R N读数的平均值，此即为待测微安表头内阻的测量值。答案：（1） （或标准电流表）（2） 0RANR（或标准电流表）的读数仍为I （3）平均值0A23、（1）由运动学公式s=v 0t+ at2=（v 1at）t+ at2=12 12 at2v 1t，形变为 = atv 1，从此式可知， t12 st 12 st图线是一条斜率为负的直线；（2）根据题目提供的数据按 进行处理，把处理的数值对应描点，然后用一根直线连接这些点，所得图象如图所st示；（3
13、）由图线知斜率绝对值为k= =1.0，又从 = atv 1知，斜率的绝对值为 a，故1.8 1.20.8 0.2 st 12 12有a=1.0，即a=2.0m/s 212答案：（1） 或 （）见精析精讲图1satvt 1satv（）2.0（1.82.2范围内均正确）24、设汽车甲在第一段时间间隔末（时刻t 0）的速度为v，第一段时间间隔内行驶的路程为s 1，加速度为a，在第二段时间间隔内行驶的路程为s 2，由运动学公式有，v=a t0 s1= a t02 12s2=v t0 2a t02 12设汽车乙在时刻t 0的速度为v ，在第一、二段时间间隔内行驶的路程分别为s 1、s 2，同理有，v=2
14、a t0 s1= 2a t02 12s2=v t0 a t02 12设甲、乙两车行驶的总路程分别为s、s，则有s= s1s 2 s= s1s 2 联立以上各式解得，甲、乙两车各自行驶路程之比为=ss 57答案：5725、（1）设粒子a在I 内做匀速圆周运动的圆心为C（在y轴上），半径为R a1，粒子速率为v a,运动轨迹与两磁场区域边界的交点为P，如图，由洛伦兹力公式和牛顿第二定律有，qvaB=m va2Ra1由几何关系有PCP= Ra1= dsin式中=30，由上面三式可得va= 2dqBm（2）设粒子a在II内做圆周运动的圆心为O a，半径为R a2，射出点为P a（图中未画出轨迹），PO aPa=，由洛伦兹力公式和牛顿第二定律有，q va（2B）=m va2Ra2由式得R a2= Ra12C、P、O a三点共线，且由 式知O a点必位于x= d 32的平面上，由对称性知，P a点与 P的纵坐标相同，即yPa=Ra1cosh 式中，h是C点的纵坐标。设b在I中运动的轨道半径为R b1，由洛仑兹力公式和牛顿第二定律有，q（ ）B= （ ） 2 va3 mRb1 va3设a到达P a点时，b位于P b点，转过的角度为 ，如果b没有飞出I，则= tTa2 2= tTb1 2式中，t是a在区域II中运动的时间，而Ta2= 2Ra2vaTb1= 2
