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1、120152015 年重庆市渝中区巴蜀中学高考物理二模试卷年重庆市渝中区巴蜀中学高考物理二模试卷一、选择题（本大题共一、选择题（本大题共 5 5 个小题，每小题个小题，每小题 6 6 分，共分，共 3030 分分. .在每小题给出的四个选项中，只在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）有一项符合题目要求）1 （6 分） （2015渝中区校级二模）关于环绕地球运行的卫星，下列说法正确的是（ ）A 沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道不同位置可能具有相同的速率B 在赤道上空运行的两颗同步卫星，它们的轨道半径有可能不同C 分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，不可能具有相同的周期D 沿不同轨道经
2、过北京上空的两颗卫星，它们的轨道平面一定会重合【考点】： 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【专题】：人造卫星问题【分析】：根据开普勒定律求解了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期相同物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心通过万有引力提供向心力，列出等式通过已知量确定未知量【解析解析】： 解：A、沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道对称的不同位置具有相同的速率，故 A 正确；B、根据万有引力提供向心力，列出等式：=m（R+h） ，其中 R 为地球半径，h 为同步卫星离地面的高度由于同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，所以 T 为一定值，根据上面
3、等式得出：同步卫星离地面的高度 h 也为一定值，故 B 错误；C、根据开普勒第三定律，若椭圆轨道的半长轴和圆轨道的半径相等，则它们的周期相等故 C 错误；D、沿不同轨道经过北京上空的两颗卫星，它们的轨道平面不一定重合，但圆心都在地心，故 D 错误；故选：A2【点评】：地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度大小2 （6 分） （2015渝中区校级二模）如图所示为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于 n=4 的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同颜色的光关于这些光下列说法正确的是（ ）A 由 n=4 能级
4、跃迁到 n=1 能级产生的光子波长最长B 由 n=2 能级跃迁到 n=1 能级产生的光子频率最小C 这些氢原子总共可辐射出 3 种不同频率的光D 用 n=2 能级跃迁到 n=1 能级辐射出的光照射逸出功为 6.34 eV 的金属铂能发生光电效应【考点】： 氢原子的能级公式和跃迁【专题】：原子的能级结构专题【分析】：本题涉及氢原子的能级公式和跃迁，光子的发射，光子能量的计算，光电效应等知识点，涉及面较广只有入射光子的能量大于金属的逸出功才会发生光电效应【解析解析】： 解：A、根据 EmEn=h，由 n=4 能级跃迁到 n=3 能级产生的光，能量最小，波长最长，故 A 错误；B、由 n=4 能级跃
5、迁到 n=3 能级产生的光子能量最小，频率最小，故 B 错误；C、大量的氢原子处于 n=4 的激发态，可能发出光子频率的种数 n=6故 C 错误；D、从 n=2 能级跃迁到 n=1 能级辐射出的光子的能量 E=E2E1=3.4ev（13.6）ev=10.2ev6.34ev而使金属发生光电效应的条件是光子的能量大于电子的逸出功，故可以发生光电效应故D 正确故选：D3【点评】：解决本题的关键知道光子能量与能极差的关系，即 EmEn=hv，以及知道光电效应产生的条件3 （6 分） （2015渝中区校级二模）如图所示，在粗糙水平面上有甲、乙两木块，与水平面间的动摩擦因数均为 ，质量分别为 m1和 m2
6、，中间用一原长为 L、劲度系数为 k 的轻质弹簧连接起来，开始时两木块均静止且弹簧无形变现用一水平恒力 F（F（m1+m2）g）向左推木块乙，直到两木块第一次达到加速度相同时，下列说法正确的是（ ）A 此时甲的速度可能等于乙的速度B 此时两木块之间的距离为 LC 此阶段水平力 F 做的功等于甲乙两物块动能增加量与弹性势能增加量的总和D 此阶段甲乙两物块各自所受摩擦力的冲量大小相等【考点】： 动量守恒定律；功能关系【专题】：动量定理应用专题【分析】：对系统根据牛顿第二定律求出加速度的大小，再隔离分析求出弹簧的弹力，从而根据胡克定律求出弹簧的形变量，从而得知两木块间的距离分析系统能量的转化，根据能
7、量守恒判断求解根据冲量的定义判断甲乙两物块各自所受摩擦力的冲量大小关系【解析解析】： 解：A、现用一水平恒力 F（F（m1+m2）g）向左推木块乙，直到两木块第一次达到加速度相同时，在此过程中，乙的加速度减小，甲的加速度增大，所以此时甲的速度小于乙的速度，故 A错误；B、对系统运用牛顿第二定律得：a=，隔离对甲分析，有：Tm1g=m1a，4解得：T=根据胡克定律得：x= =则两铁块的距离为：s=Lx=L，故 B 正确；C、根据能量守恒得此阶段水平力 F 做的功等于甲乙两物块动能增加量与弹性势能增加量和与水平面摩擦产生的热量的总和，故 C 错误；D、由于甲乙两物块各自所受摩擦力大小不一定相等，此
8、阶段甲乙两物块各自所受摩擦力的冲量大小不一定相等，故 D 错误；故选：B【点评】：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用，掌握能量守恒的应用和冲量的定义4 （6 分） （2015渝中区校级二模）如图所示，匝数为 50 匝的矩形闭合导线框 ABCD 处于磁感应强度大小 B=T 的水平匀强磁场中，线框面积 S=0.5m2，线框电阻不计线框绕垂直于磁场的轴 OO以角速度 =100rad/s 匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈接入一只“220V，60W”的灯泡，且灯泡正常发光，熔断器允许通过的最大电流为 10A，下列说法正确的是（ ）A 在图示位置
9、线框中产生的感应电动势最大B 线框中产生电动势的有效值为 250 VC 变压器原、副线圈匝数之比为 25：22D 允许变压器输出的最大功率为 1 000 W【考点】： 变压器的构造和原理；交流发电机及其产生正弦式电流的原理【专题】：交流电专题5【分析】：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论【解析解析】： 解：A、由图可知，此时线圈和磁场垂直，此时线框的磁通量最大，感应电动势为 0，所以 A 错误B、矩形闭合导线框 ABCD 在磁场中转动，产生的交流电的最大值为Em=nBs=500.5100=250V，所以交流电的有效值为 250V，所以
10、B 错误C、由于电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈匝数之比为，所以 C 正确D、由于熔断器允许通过的最大电流为 10A，所以允许变压器输出的最大功率为P=UI=25010=2500W，所以 D 错误故选：C【点评】：掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决5 （6 分） （2015渝中区校级二模）如图所示：在倾角为 的光滑斜面上，相距均为 d 的三条水平虚线 l1、l2、l3，它们之间的区域、分别存在垂直斜面向下和垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度大小均为 B，一个质量为 m、边长为 d、总电阻为 R 的正方形导线框，从 l1上方一定高处由静止开始沿斜面下滑，当 ab
11、 边刚越过 l1进入磁场时，恰好以速度 v1做匀速直线运动；当 ab 边在越过 l2运动到 l3之前的某个时刻，线框又开始以速度v2做匀速直线运动，重力加速度为 g在线框从释放到穿出磁场的过程中，下列说法正确的是（ ）A 线框中感应电流的方向不变B 线框 ab 边从 l1运动到 l2所用时间大于从 l2运动到 l3所用时间C 线框以速度 v2匀速直线运动时，发热功率为sin26D 线框从 ab 边进入磁场到速度变为 v2的过程中，减少的机械能E机与线框产生的焦耳热 Q电的关系式是E机=WG+ mv mv+Q电【考点】： 导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率；焦耳定律【专题】：电磁感应与电
12、路结合【分析】：根据右手定则判断感应电流的方向；由左手定则判断安培力方向；当 ab 边刚越过 GH 进入磁场 I 时做匀速直线运动，安培力、拉力与重力的分力平衡，由平衡条件和安培力公式结合求解线圈 ab 边刚进入磁场 I 时的速度大小；线圈进入磁场 I 做匀速运动的过程中，分析线框的受力情况，由动能定理研究拉力 F 所做的功与线圈克服安培力所做的功的关系【解析解析】： 解：A、从线圈的 ab 边进入磁场 I 过程，由右手定则判断可知，ab 边中产生的感应电流方向沿 ab 方向dc 边刚要离开磁场的过程中，由右手定则判断可知，cd边中产生的感应电流方向沿 cd 方向，ab 边中感应电流方向沿 b
13、a 方向，故 A 错误；B、根据共点力的平衡条件可知，两次电场力与重力的分力大小相等方向相反；第二种情况下，两边均受电场力；故 v2应小于 v1；则线框 ab 边从 l1运动到 l2所用时间小于从 l2运动到 l3的时间；故 B 错误；C、线圈以速度 v2匀速运动时，mgsin=4，得 v=；电功率P=Fv=mgsin=sin2；故 C 正确；D、机械能的减小等于线框产生的电能，则由能量守恒得知：线框从 ab 边进入磁场到速度变为 v2的过程中，减少的机械能E机与线框产生的焦耳热 Q电的关系式是E机=Q电，故D 错误；故选：C【点评】：本题考查了导体切割磁感线中的能量及受力关系，要注意共点力的
14、平衡条件及功能关系的应用，要知道导轨光滑时线框减小的机械能等于产生的电能二、非选择题（本大题共二、非选择题（本大题共 5 5 小题，共小题，共 6868 分）分）76 （7 分） （2015渝中区校级二模）某实验小组利用弹簧秤和刻度尺，测量滑块在木板上运动的最大速度实验步骤如下：用弹簧秤测量橡皮泥和滑块的总重力，记作 G；将装有橡皮泥的滑块放在水平木板上，通过水平细绳和固定弹簧秤相连，如图甲所示在 A 端向右拉动木板，等弹簧秤读数稳定后，将读数记作 F；改变滑块上橡皮泥的质量，重复步骤；实验数据如表所示：G/N 1.50 2.00 2.50 3.00 3.50 4.00F/N 0.62 0.8
15、3 0.99 1.22 1.37 1.61如图乙所示，将木板固定在水平桌面上，滑块置于木板上左端 C 处，细绳跨过定滑轮分别与滑块和重物 P 连接，保持滑块静止，测量重物 P 离地面的高度 h；滑块由静止释放后开始运动，最终停在木板上 D 点（未与滑轮碰撞） ，测量 C、D 间距离S完成下列作图和填空：（1）根据表中数据在给定的坐标纸（如图丙）上作出 FG 图线（2）由图线求得滑块和木板间的动摩擦因数 = 0.40 （保留 2 位有效数字）（3）滑块最大速度的大小 v= （用 h、s、 和重力加速度 g 表示 ）【考点】： 探究影响摩擦力的大小的因素【专题】：实验题；摩擦力专题【分析】：（1）
16、根据所测数据描点即可，注意所连的线必须是平滑的，偏离太远的点舍弃；（2）由实验图甲可知 F=G，即 FG 图象上的直线的斜率代表动摩擦因数 ；8（3）当重物 P 停止运动时，滑块达到最大速度，此后做匀减速运动，动摩擦因数 在（2）中已知，根据运动规律公式 v2v02=2as 列式即可求解【解析解析】： 解：（1）根据描点法在 FG 图象上描出各点，再连接起来，如图所示；（2）由图甲可知 F=G，则 FG 图象上的直线的斜率代表 值的大小由 FG 图象可知 =0.40；（3）当重物 P 刚好下落到地面时，滑块的速度 v 最大，此时滑块的位移为 h，此后滑块做加速度为 g 的匀减速运动，由公式 v2v02=2as 知：滑块的最大速度 vma
