【生物】安徽省六安二中2015届高三上学期第四次月考

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1、12014-20152014-2015 学年安徽省六安二中高三（上）第四次月考学年安徽省六安二中高三（上）第四次月考生物试卷生物试卷一、单项选择题（每题一、单项选择题（每题 2 2 分，计分，计 6060 分，将答案写入答题卡中，否则不计分）分，将答案写入答题卡中，否则不计分）1 （2 分）埃博拉（Ebola virus）又译作伊波拉病毒，遗传物质是 RNA1976 年在苏丹南部和刚果（金）的埃博拉河地区被发现，能引起人类和灵长类动物产生埃博拉出血热的烈性传染病病毒，有很高的死亡率下列关于该病毒的说法正确的是（ ）A该病毒没有细胞结构，不属于生命系统，但可以以二分裂方式增殖B其生活方式是寄生，

2、但不进行呼吸作用C在人工配制的富含有机物的培养基上可以大量繁殖D该病毒在宿主体内可以将遗传物质直接整合到宿主细胞的 DNA 分子上考点： 烟草花叶病毒分析： 病毒同所有生物一样，具有遗传、变异，是一种体积非常微小，结构极其简单的生命形式病毒没有细胞结构，主要由内部的核酸和外部的蛋白质外壳组成，不能独立生存，只有寄生在活细胞里才能进行生命活动解答： 解：A、病毒没有细胞结构，不能以二分裂方式增殖，只能在宿主细胞内增殖，A 错误；B、病毒的生活方式是寄生，但不进行呼吸作用，B 正确；C、病毒只能寄生在活细胞内，不能在人工配制的富含有机物的培养基上繁殖，C 错误；D、该病毒为 RNA 病毒，需通过逆

3、转录后将遗传物质整合到宿主基因组中，D 错误故选：B点评： 本题考查了病毒的结构和生命活动特点，意在考查学生的识记和理解能力，试题难度一般22 （2 分） （2013郑州一模）某多肽分子式是 C21HxOyN4S2（无二硫键） ，已知该多肽是由下列氨基酸中的某几种 作原料合成的：亮氨酸（C6H13NO2） 、天门冬氨酸（C4H7NO4） 、苯丙氨酸（C9H11NO2） 、丙氨酸（C3H7NO2） 、半胱氨酸（C3H7NO2S） 、以下对该多肽的描述不正确的是（ ）A有 3 个肽键B水解后得到 4 种氨基酸C含有氧原子和氢原子的数目分别为 5 和 32D只有一个羧基考点： 蛋白质的合成氨基酸脱水

4、缩合分析： 分析题干信息可知，该多肽链中含有 4 个 N 原子，组成多肽链的几种氨基酸都只含有一个 N 原子，因此该肽链是由 4 个氨基酸脱水缩合形成的，又知多肽链中含有 2个 S，题中几种氨基酸只有半胱氨酸（C3H7NO2S）含有 1 个 S，因此该多肽链中含有2 个半胱氨酸（C3H7NO2S） 解答： 解：A、该多肽链是由 4 个氨基酸脱水缩合形成的，因此含有 3 个肽键，A 正确；B、该多肽链含有 4 个氨基酸，其中有 2 个是半胱氨酸（C3H7NO2S） ，因此最多含有 3种氨基酸，B 错误；C、由多肽分子式中 N4，且列举的氨基酸中都只含 1 个 N 原子，所以该多肽由 4 个氨基酸

5、合成；由 S2可推知该多肽中应包括 2 个半胱氨酸（C3H7O2NS） ，由 C21可知另外两个氨基酸是苯丙氨酸（C9H11O2N）和亮氨酸（C6H13O2N）四个氨基酸脱去 3 分子水，因此含有的 O 是 243=5，H 是 72+11+1332=32，C 正确；D、该肽链是由 2 个半胱氨酸（C3H7O2NS） 、苯丙氨酸（C9H11O2N）和亮氨酸（C6H13O2N）形成的一条肽链，因此只有 1 个羧基，D 正确3故选：B点评： 本题综合考查多肽结构组成蛋白质的氨基酸的相关知识，意在考查学生理解所学知识的要点和综合运用所学知识分析问题的能力3 （2 分）如图为溶酶体的示意图，下列有关分析

6、正确的是（ ）A各种细胞内都含有溶酶体，该结构属于生物膜系统的范畴BH+进入溶酶体的方式与水进入红细胞的方式相同C溶酶体吞噬入侵细胞的病原体过程与膜的流动性有关D溶酶体破裂后，其内部各种水解酶的活性应升高或不变考点： 细胞器中其他器官的主要功能分析： 溶酶体中含有多种水解酶（水解酶的化学本质是蛋白质） ，能够分解很多种物质以及衰老、损伤的细胞器，清除侵入细胞的病毒或病菌，被比喻为细胞内的“酶仓库”“消化系统” 据此答题解答： 解：A、原核细胞不含溶酶体，A 错误；B、H+进入溶酶体需要载体和能量，属于主动运输，而水进入红细胞的方式是自由扩散，B 错误；C、溶酶体吞噬入侵细胞的病原体过程属于胞吞

7、，体现细胞膜具有流动性，C 正确；D、溶酶体内部水解酶的最适 pH 在 5.0 左右，而细胞质基质中的 PH 在 7.0，因此溶酶体破裂后，其内部各种水解酶的活性应降低，D 错误4故选：C点评： 本题考查溶酶体的结构和功能，要求考生识记溶酶体的结构、分布和功能，能结合图中信息进行准确的判断；同时还要考生识记物质跨膜运输方式4 （2 分） （2014福建）细胞的膜蛋白具有物质运输、信息传递、免疫识别等重要生理功能下列图中，可正确示意不同细胞的膜蛋白及其相应功能的是（ ）ABCD考点： 蛋白质在生命活动中的主要功能分析： 本题是对蛋白质的功能、物质运输的方式、免疫调节、血糖平衡调节和神经调节的综合

8、性考查，根据题图涉及的内容回忆相关知识点，然后分析选项进行解答解答： 解：A、血红蛋白存在于红细胞内，不是膜蛋白，故 A 选项错误；B、T 淋巴细胞膜上识别抗原的物质是糖蛋白，不是抗体，故 B 选项错误；C、受体具有特异性，胰高血糖素与胰岛 B 细胞上的胰高血糖素的受体结合，不能与胰岛素受体结合，故 C 选项错误D、骨骼肌细胞膜表面有与神经递质结合的受体和运输葡萄糖的载体，分别识别并与神经递质结合和运输葡萄糖，故 D 选项正确故选：D点评： 对蛋白质的功能、物质运输的方式、免疫调节、血糖平衡调节和神经调节的综合性理解应用并把握知识点间的内在联系，形成知识网络是本题考查的重点5 （2 分）如图表

9、示某植物在不同光照强度下，单位时间内 CO2释放量和 O2产生总量的相对变化对该植物生理过程分析不正确的是（ ）5A光照强度为 a 时，细胞呼吸强度为 6 单位 CO2的量B光照强度为 b 时，呼吸作用强度是光合作用强度的 2 倍C光照强度为 c 时，光合作用强度是呼吸作用强度的 2 倍D光照强度为 d 时，光合作用从环境中吸收 2 单位 CO2考点： 光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化；细胞呼吸的过程和意义分析： 在光合作用作用过程中，吸收二氧化碳释放氧气；而呼吸作用过程中，吸收氧气释放二氧化碳因此可通过氧气的产生量或二氧化碳的释放量来判断光合作用和呼吸作用的强弱图中氧气的产生总量可表示

10、实际光合速率，a 点时的二氧化碳释放可表示呼吸速率解答： 解：A、光照强度为 a 时，只有 CO2的释放，并且氧气的产生总量为 0，说明此时不进行光合作用，只进行呼吸作用，呼吸强度为 6 单位 CO2的量，A 正确；B、光照强度为 b 时，细胞呼吸强度为 6 单位的 CO2量，其中释放了 3 单位 CO2，3 单位被光合作用利用，此时光合强度为 3 单位的 CO2量，B 正确； C、光照强度为 c 时，无 CO2的释放，细胞呼吸产生 6 单位的 CO2全部用于光合作用，由光合作用的反应式：6CO2+12H2O6O2+6H2O+C6H12O6可知，此时光合作用强度与细胞呼吸强度相同，C 错误；D

11、、光照强度为 d 时，无 CO2的释放，细胞呼吸产生 6 单位的 CO2全部用于光合作用，此时光合作用强度是 8 单位 CO2量，即需要从外界吸收 2 单位 CO2，D 正确故选：C点评： 本题考查光合作用和呼吸作用的相关知识，意在考查考生识图能力和运用生物学知识分析问题的能力66 （2 分） （2012海南）将一株生长正常的绿色植物置于密闭的玻璃容器内，在适宜条件下光照培养，随培养时间的延长，玻璃容器内 CO2浓度可出现的变化趋势是（ ）A一直降低，直至为零B一直保持稳定，不变化C降低至一定水平时保持相对稳定D升高至一定水平时保持相对稳定考点： 影响光合作用速率的环境因素分析： 影响光合作用

12、的环境因素包括：光照强度、二氧化碳浓度、温度、含水量和矿质元素等生长正常的绿色植物既能进行光合作用（吸收二氧化碳） ，也能进行呼吸作用（释放二氧化碳） 因此置于密闭的玻璃容器内，此时应考虑光合作用和呼吸作用强度的大小关系解答： 解：在适宜的条件下培养密闭容器内的植物，密闭容器内的二氧化碳含量有限，随着光合作用的持续进行，二氧化碳逐渐被消耗，浓度降低，进而光合作用强度跟着降低；当二氧化碳浓度降低到一定水平时，植物的光合作用和呼吸作用强度相等，则装置内的二氧化碳浓度就保持相对稳定故选：C点评： 本题考查了影响光合作用的环境因素以及光合作用和呼吸作用的关系等方面的知识，意在考查考生的审题能力、理解能

13、力和推理能力，难度适中7 （2 分）图甲示植物光合作用强度与光照强度的关系，图乙示该植物叶肉细胞的部分结构（图中 M 和 N 代表两种气体的体积） ，据图判断，下列说法正确的是（注：不考虑无氧呼吸） （ ）7A甲图中的纵坐标数值即为乙图中的 m4B甲图中 a、b、c、d、e 任意一点，乙图中都有 m1=n10，m2=n20C甲图中 e 点以后，乙图中 n4不再增加，其主要原因是 m1值太低D甲图中 c 点时，乙图中有 m1=n1=m4=n4考点： 影响光合作用速率的环境因素；细胞呼吸的过程和意义分析： 分析图解：甲曲线中，a 点只进行呼吸作用；b 点时呼吸作用大于光合作用；c 点时光合作用等于

14、呼吸作用，c 点之后光合作用均大于呼吸作用图乙中，M 表示二氧化碳，N 表示氧气当只进行呼吸作用时，图中只有 n2和 m2；当光合作用等于呼吸作用时，图中只有 m1、n1、m4、n4；当光合作用大于呼吸作用时，图中没有 n2和 m2解答： 解：A、甲图中的纵坐标表示植物光合作用的二氧化碳的净吸收量，而乙图中的 m4表示植物光合作用的二氧化碳的总吸收量，A 错误；B、m1=n10 时，表明肯定有光合作用，图中 a 点只进行呼吸作用，m2=n20 时，表明呼吸作用大于光合作用，图中只有 b 点符合要求，C 错误；C、甲图中 e 点以后，光合作用不再增强，这是受到空气中二氧化碳浓度的限制，因此乙图中

15、 n4不再增加，其主要原因是 m3值太低，C 错误；D、甲图中 c 点时，光合速率等于呼吸速率，因此线粒体产生的二氧化碳刚好供叶绿体运用，叶绿体产生的氧气给线粒体用刚好，因此乙图中有 m1=n1=m4=n4，D 正确8故选：D点评： 本题难度适中，属于考纲中理解、应用层次的要求，考查了光合作用和呼吸作用之间的气体交换关系，要求考生具有较强的识图能力和理解能力，解题关键是明确图甲中各点光合作用强度和呼吸作用强度之间的关键，能够用叶绿体和线粒体之间的气体交换的方式表示出来8 （2 分） （2015盐城模拟）一种观赏植物，纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F1为蓝色若让 F1蓝色与纯合鲜红品种杂

16、交，子代的表现型及其比例为蓝色：鲜红色=3：1若将 F1蓝色植株自花授粉，则 F2表现型及其比例最可能是（ ）A蓝色：鲜红色=1：1B蓝色：鲜红色=3：1C蓝色：鲜红色=9：7D蓝色：鲜红色=15：1考点： 基因的自由组合规律的实质及应用分析： 根据纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F1为蓝色，可知蓝色为显性又 F1蓝色与纯合鲜红品种杂交，子代的表现型及其比例为蓝色：鲜红色=3：1，说明性状是由两对等位基因控制的，且鲜红色是双隐性，含显性基因时即为显性解答： 解：设控制性状的两对等位基因为 A、a 和 B、b，则纯合的蓝色品种基因型为AABB，纯合的鲜红色品种基因型为 aabb，杂交后产生的 F1基因型为 AaBbF1蓝色与纯合鲜红品种杂交，子代的表现型及其比例为蓝色（AaBb、Aabb、aaBb）：鲜红色（aabb）=3：1因此，F1蓝色植株自花