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1、- 1 -安徽省庐江县庐江一中安徽省庐江县庐江一中 20182018 届高三上学期届高三上学期 1212 月理科综合物理部分月理科综合物理部分一一. .选择题选择题1. 质量为 m 的石块从半径为 R 的半球形的碗口下滑到碗的最低点的过程中，如果摩擦力的作用使得石块的速度大小不变，如图所示，那么A. 因为速率不变，所以石块的加速度为零B. 石块下滑过程中受的合外力越来越大C. 石块下滑过程中的摩擦力大小逐渐变大D. 石块下滑过程中的加速度大小不变，方向始终指向球心【答案】D【解析】AD、由于石块做匀速圆周运动，只存在向心加速度，大小不变，方向始终指向球心，故 D 正确，A 错误；B、由 ，知合
2、外力大小不变，故 B 错误；C、又因石块在运动方向(切线方向)上合力为零，才能保证速率不变，在该方向重力的分力不断减小，所以摩擦力不断减小，故 C 错误；故选 D。【点睛】关键知道物体做匀速圆周运动，合外力提供向心力向心加速度的方向始终指向圆心。2. 如图所示为示波管内的聚焦电场，图中实线为电场线,虚线为等势线，a，b，c 为静电场中的三点，b，c 在同一条直线的电场线上，则下列说法正确的是A. a，b,c 三点中，c 点电势最高B. a,b,c 三点中，a 点场强最大- 2 -C. 正电荷在 b 点的电势能大于在 c 点的电势能D. 负电荷在 b 点由静止释放，仅在电场的作用下能沿直线由 b
3、 点运动到 c【答案】C【解析】A、沿着电场线方向，电势降低，所以 a、b、c 三点中，c 点电势最低，b 点电势最高，故 A 错误；B、电场线的疏密程度反映场强的大小， c 点电场线最密，所以 c 点场强最大，故 B 错误；C、由于电势能，b 点的电势高于在 c 点的电势，所以正电荷在 b 点的电势能大于在 c点的电势能，故 C 正确；D、负电荷在 b 点由静止释放，电场力水平向右，仅在电场的作用下向右运动，不可能沿直线由 b 点运动到 c，故 D 错误；故选 C。【点睛】沿着电场线方向，电势降低，电场线的疏密程度反映场强的大小，电势能由求出。3. 如图所示为两轻绳栓接一定质量的小球，两轻绳
4、与竖直方向的夹角如图，则在剪断 a 绳的瞬间，小球的加速度大小为 a1，剪断 b 绳的瞬间，小球的加速度大小为 a2。则 a1:a2为A. 1:1 B. 2:1 C. :1 D. 2:1【答案】C【解析】在剪断 a 绳的瞬间，b 绳的弹力发生突变，小球即将做圆周运动，重力分解为沿绳方向和垂直绳子的方向，根据牛顿第二定律可得小球的加速度大小- 3 -同理可得剪断 b 绳的瞬间，小球的加速度大小，所以，故 C 正确，ABD 错误；【点睛】在剪断一根绳的瞬间，另一根绳的弹力发生突变，由牛顿第二定律求解即将发生运动方向上的加速度。4. 在粗糙的水平面上固定挡板,质量不计的弹簧左端固定在挡板上，一可视为
5、质点的质量为 m 的物块 A 放在弹簧的右端,初始时刻弹簧为原长，物块与弹簧未连接，现瞬间给物块一向左的初速度，使其将弹簧压缩，经过一段时间弹簧将物块弹开，在整个运动过程中弹簧的最大压缩量为 l。已知物块的初速度大小为 v0、物块与水平地面之间的动摩擦因数为 。则下列不正确的是A. 物块向右运动与弹簧分离前，物块的动能先增大后减小B. 弹簧最短时，弹簧具有的弹性势能为C. 物块与弹簧分离前二者组成的系统其机械能一直减小D. 当物块离开弹簧滑动到速度为零时，物块距离出发点之间的距离为;【答案】B【解析】A、物块向右运动的过程，弹簧的弹力先大于滑动摩擦力，后等于滑动摩擦力，再小于滑动摩擦力，物块的
6、合外力先向右，再等于零，后合外力向左，所以物块向右先加速后减速，动能先增大后减小，故 A 正确；B、弹簧最短时，由能量守恒定律得，弹簧具有的弹性势能为，故 B 错误；C、物块与弹簧分离前，摩擦力对系统一直做负功，由功能原理知系统的机械能一直减小，故 C 正确；D、设物块的速度为零时，物块距离出发点之间的距离为 x，对物块向右的整个过程，由能量- 4 -守恒定律得，解得，故 D 正确；不正确的故选 B。【点睛】要正确分析物体的受力情况判断其运动情况，知道加速度方向与合力的方向相同，当加速度方向与速度方向相同时，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，做减速运动根据功能原理分析机械能的变化。5.
7、 如图所示，含有、的带电粒子束从小孔处射入速度选择器，沿直线运动的粒子在小孔处射出后垂直进入偏转磁场，最终打在两点，则A. 打在 P1点的粒子是B. 打在 P2点的粒子是和C. O2P2的长度是 O2P1长度的 2 倍D. 粒子在偏转磁场中运动的时间都相等【答案】BC【解析】AB、带电粒子在沿直线通过速度选择器时，电场力与洛伦兹力大小相等方向相反，受力平衡有：所以： ，可知从粒子速度选择器中射出的粒子具有相等的速度；带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，所以： ，所以：，可知粒子的比荷越大，则运动的半径越小，所以打在 P1点的粒子是，打在P2点的粒子是和，故 A 错误， B 正确
8、；C、由题中的数据可得，的比荷是和的比荷的 2 倍，所以的轨道的半径是和的半径的 倍，即的长度是长度的 2 倍，故 C 正确；- 5 -D、粒子运动的周期：，三种粒子中，的比荷最大，所以粒子在偏转磁场中运动的周期最小，而运动时间为半个周期，所以粒子在偏转磁场中运动的时间最短，选项D 错误；故选 BC。【点睛】从粒子速度选择器中射出的粒子具有相等的速度，然后结合带电粒子在磁场中的运动的半径公式与周期公式即可求解。6. 通过对火星的探测得知， “火卫一号”位于火星赤道正上方,它到火星中心的距离为9450km,绕火星一周所用的时间为 7h39min。 “火卫一号”绕火星运动的轨道可以认为是圆轨道，引
9、力常量 C = 6.6710-11Nm2/kg2。则下列说法正确的是A. 由题中信息可以求出火星的质量B. 若知道火星的半径，还可以求出火星表面的重力加速度C. 若知道火星表面的重力加速度，还可以求出火星的第一宇宙速度D. 若知道火星自转的周期，则可以求出火星对赤道上某物体的引力【答案】ABC【解析】A、由，得，可求得火星的质量，故 A 正确；B、由，得，若知道火星的半径，可以求出火星表面的重力加速度，故 B 正确；D、火星对赤道上某物体的引力，由于不知道物体的质量，所以不能求出火星对赤道上某物体的引力，故 D 错误；故选 ABC。【点睛】关键是掌握万有引力提供向心力，求质量时只能求中心天体的
10、质量。7. 在光滑的水平面上，一滑块的质量 m = 2kg,在水平面上受水平方向上恒定的外力- 6 -F=4N(方向未知）作用下运动，如图所示给出了滑块在水平面上运动的一段轨迹，滑块过 PQ两点时速度大小均为 v= 5m/s。滑块在 P 点的速度方向与 PQ 连线夹角 = 37，sin370= 0.6，则A. 水平恒力 F 的方向与 PQ 连线成 53夹角B. 滑块从 P 到的时间为 3sC. 滑块从 P 到 Q 的过程中速度最小值为 4m/sD. PQ 两点连线的距离为 15m【答案】BC【解析】A、滑块过 PQ 两点时速度大小，根据动能定理，得，即水平方向上恒定的外力与 PQ 连线垂直且指
11、向轨迹的凹侧，故 A 错误；B、把滑块在 P 点的速度分解沿水平力 F 和垂直水平力 F 两个方向上，沿水平力 F 方向上滑块先做匀减速后做匀加速直线运动，有，当水平力 F 方向上的速度为 0 时，时间，根据对称性，滑块从 P 到 Q 的时间为，故 B 正确；C、当水平力 F 方向上的速度为 0 时，只有垂直水平力 F 方向的速度，此时速度方向与 F 垂直，速度最小，所以滑块从 P 到 Q 的过程中速度最小值为 4m/s，故 C 正确；D、垂直水平力 F 方向上滑块做匀速直线运动，有，故 D 错误；【点睛】由动能定理求出水平方向上恒定的外力方向，滑块做类平抛运动，利用运动的合成与分解可解。8.
12、 如图所示,竖直平面内有一固定的光滑轨道 ABCD，其中倾角为 =370的斜面 AB 与半径为R 的圆弧轨道平滑相切于 B 点，CD 为竖直直径，O 为圆心。质量为 m 的小球（可视为质点）从与 B 点高度差为 h 的位置 A 点沿斜面由静止释放。重力加速度大小为 g，sin37= 0.6, cos370=0.8，则下列说法正确的是- 7 -A. 当 h= 2R 时,小球过 C 点时对轨逍的压大小为 27mg/5B. 当 h= 2R 时,小球会从 D 点离开圆弧轨道做平拋运动C. 当 h= 3R 时，小球运动到 D 点时对轨道的压力大小为 1.4mgD. 调整 h 的值，小球能从 D 点离开圆
13、弧轨道，并能恰好落在 B 点.【答案】AC【解析】A、当 h= 2R 时，从 A 到 C 的过程：由动能定理，在 C 点由牛顿第二定律得，解得，由牛顿第三定律得：小球在刚过 C 点时对轨道的压力大小为，故 A 正确；B、小球会从 D 点离开圆弧轨道做平拋运动的条件是，从 A 到 D 的过程：由动能定理，解得，所以小球不会从 D 点离开圆弧轨道做平拋运动，故 B 错误；C、当 h= 3R 时，解得，在 D 点由牛顿第二定律得，解得 ，所以，由牛顿第三定律得小球运动到 D 点时对轨道的压力大小为 1.4mg，故 C 正确；D、小球从 D 点离开圆弧轨道做平抛运动，则有，解得，小球水平方向的位移，大
14、于，所以小球能从 D 点离开圆弧轨道，不能恰好落在B 点，故 D 错误；故选 BC。【点睛】本题是牛顿运动定律与机械能守恒定律的综合题，解决本题的关键根据该规律得出压力 F 和小球会从 D 点离开圆弧轨道做平拋运动的条件是。 - 8 -二二. .、实验题、实验题9. 某物理兴趣小组利用用如图 1 所示的装置进行实验，在足够大的水平平台上的 A 点放置一个光电门。水平平台上 A 点右侧摩擦很小可忽略不计，左侧为粗糙水平面，当地重力加速度大小为 g。采用的实验步骤如下：在小滑块 a 上固定一个宽度为 d 的窄挡光片；用天平分别测出小滑块 a(含挡光片)和小球 b 的质量、；在 a 和 b 间用细线
15、连接，中间夹一被压缩了的轻弹簧，静止放置在平台上；细线烧断后，a、b 瞬间被弹开，向相反方向运动；记录滑块 a 通过光电门时挡光片的遮光时间 t；滑块 a 最终停在 C 点(图中未画出)，用刻度尺测出 AC 之间的距离 ；小球 b 从平台边缘飞出后，落在水平地面上的 B 点，用刻度尺测出平台距水平地面的高度h 及平台边缘铅垂线与 B 点之间的水平距离 ；改变弹簧压缩量，进行多次测量。(1)该实验要验证“动量守但定律” ，则只需验证_=_即可。 （用上述实验数据字母表示）(2)改变弹簧压缩量，多次测量后，该实验小组得到 与 的关系图象如图 2 所示，图线的斜率为 k，则平台上 A 点左侧与滑块
16、a 之间的动摩擦因数大小为_。 （用上述实验数据字母表示）【答案】 (1). (2). (3). 【解析】试题分析：要验证动量守恒，必须求出被弹开瞬间两滑块的速度，根据通过光电门的平均速度等于其瞬时速度和平抛运动规律求解（2）根据动能定理写出表达式，然后根据斜率列等式求解- 9 -（1）由于 A 点右侧摩擦可以不计，所以被弹开后滑块 a 的瞬时速度等于经过光电门的速度，即，b 被弹开后的瞬时速度等于做平抛运动的初速度，根据可得，该实验要验证“动量守恒定律” ，则只需验证（2）根据动能定理可得，即，化简得，即解得10. 利用如图所示电路测量一量程为 300 mV 的电压表的内阻Rv（约为 300） 。某同学的实验步骤如下：按电路图正确连接好电路，把滑动变阻器R的滑片P滑到a端，闭合电键 S2，并将电阻箱R0的阻值调到较大；闭合电键 S1，调节滑动变阻器滑片的位置，使电压表的指针指到满刻度；保持电键 S1闭合和滑动变阻器滑片P的位置不变，断开电
