2007年上半年网络工程师上午试卷

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1、2007 年上半年年上半年 网络工程师网络工程师 上午试卷上午试卷 （1） 不属于计算机控制器中的部件。（1）A指令寄存器 IR B程序计数器 PCC算术逻辑单元 ALU D程序状态字寄存器 PSW试题解析：试题解析：ALU 属于运算器，不属于控制器。答案：答案：C C 在 CPU 与主存之间设置高速缓冲存储器 Cache，其目的是为了 （2） 。（2）A扩大主存的存储容量 B提高 CPU 对主存的访问效率C既扩大主存容量又提高存取速度 D提高外存储器的速度试题解析：试题解析：Cache 是不具有扩大主存容量功能的，更不可能提高外存的访问速度。但 Cache 的访问速度是在 CPU 和内存之间

2、，可以提高 CPU 对内存的访问效率。答案：答案：B B 下面的描述中， （3） 不是 RISC 设计应遵循的设计原则。（3）A指令条数应少一些B寻址方式尽可能少C采用变长指令，功能复杂的指令长度长而简单指令长度短D设计尽可能多的通用寄存器试题解析：试题解析：CISC 的特点是多采用变长指令，而 RISC 刚好相反。答案：答案：C C 某系统的可靠性结构框图如下图所示。该系统由 4 个部件组成，其中 2、3 两个部件并联冗余，再与 1、4 部件串联构成。假设部件 1、2、3 的可靠度分别为0.90、0.70、0.70。若要求该系统的可靠度不低于 0.75，则进行系统设计时，分配给部件4 的可靠

3、度至少应为（4） 。试题解析：试题解析：设某个部件的可靠性为 Rx，在上图的连接方式中，总体可靠性=R1*(1-(1-R2)(1-R3)*R4。答案：答案：C C 结构化开发方法中，数据流图是 （5） 阶段产生的成果。（5）A需求分析 B总体设计C详细设计 D程序编码试题解析：试题解析：常识。答案：答案：A A 关于原型化开发方法的叙述中，不正确的是 （6） 。（6）A原型化方法适应于需求不明确的软件开发B在开发过程中，可以废弃不用早期构造的软件原型C原型化方法可以直接开发出最终产品D原型化方法利于确认各项系统服务的可用性试题解析：试题解析：原型是用于明确用户需求的，并非是提交用户的最终产品。

4、答案：答案：C C 如果两名以上的申请人分别就同样的发明创造申请专利，专利权应授予是 （7） 。（7）A最先发明的人 B最先申请的人C所有申请人 D协商后的申请人试题解析：试题解析：常识。答案：答案：B B CMM 模型将软件过程的成熟度分为 5 个等级，在 （8） 使用定量分析来不断地改进和管理软件过程。（8）A优化级 B管理级 C定义级 D可重复级试题解析：试题解析：CMM 反映了软件过程能力的大小，它描述了五个级别的软件过程。初始级：特点是软件机构缺乏对软件过程的有效管理，软件过程是无序的，有时甚至是混乱的，对过程几乎没有定义，其软件项目的成功来源于偶尔的个人英雄主义而非群体行为，因此它

5、不是可重复的。可重复级：特点是软件机构的项目计划和跟踪稳定，项目过程可控，项目的成功是可重复的。已定义级：特点在于软件过程已被提升成标准化过程，从而更加具有稳定性、可重复性和可控性。已定量管理级：特点是软件机构中软件过程和软件产品都有定量的目标，并被定量地管理，因而其软件过程能力是可预测的，其生产的软件产品是高质量的。优化级：特点是过程的量化反馈和先进的新思想、新技术促进过程不断改进，技术和过程的改进改进被作为常规的业务活动加以计划和管理。答案：答案：A A 某系统的进程状态转换如下图所示，图中 1、2、3、4 分别表示引起状态转换的不同原因，原因 4 表示 （9） 。（9）A就绪进程被调度

6、B运行进程执行了 P 操作C发生了阻塞进程等待的事件 D运行进程时间片到了试题解析：试题解析：常识。即使不了解操作系统的进程管理，对四个选项进行分析也可以采用排除法获得正确答案。答案：答案：C C 某网络工程计划图如下所示，边上的标记为任务编码及其需要的完成时间（天），则整个工程的工期为 （10） 。（10）A16 B17 C18 D21试题解析：试题解析：寻找最长路径 123456，路径之和就是整个工程的工期。答案：答案：D D 关于多模光纤，下面的描述中描述错误的是 （11） 。（11）A多模光纤的芯线由透明的玻璃或塑料制成B多模光纤包层的折射率比芯线的折射率低C光波在芯线中以多种反射路径

7、传播D多模光纤的数据速率比单模光纤的数据速率高试题解析：试题解析：常识。答案：答案：D D 关于路由器，下列说法中错误的是 （12） 。（12）A路由器可以隔离子网，抑制广播风暴B路由器可以实现网络地址转换C路由器可以提供可靠性不同的多条路由选择D路由器只能实现点对点的传输试题解析：试题解析：D 显然错误。答案：答案：D D 100BASE-FX 采用 4B/5B 和 NRZ-I 编码，这种编码方式的效率为 （13） 。（13）A50% B60% C80% D100%试题解析：试题解析：4B/5B 编码法就是将数据流中的每 4bits 作为一组，然后按编码规则将每一个组转换成为 5bits，因

8、此效率为 4/5=80%。答案：答案：C C 在以太网中使用 CRC 校验码，其生成多项式是 （14） 。试题解析：试题解析：谁都不会刻意记忆 CRC 编码的生成多项式。但以太网帧格式的校验段总共有 4 个字节却是很多人熟识的，因此以太网的 CRC 码的生成多项式的最高阶必定是 4*8=32，D 是唯一满足条件的答案。答案：答案：D D 8 个 9600b/s 的信道按时分多路复用在一条线路上传输，在统计 TDM 情况下，假定每个子信道有 80%的时间忙，复用线路的控制开销为 5%，那么复用线路的带宽为 （15） 。（15）A32kb/s B64 kb/s C72 kb/s D96 kb/s试

9、题解析：试题解析：（8 * 9600）* 80% / （1-5%） 64kb/s。答案：答案：B B 设信道带宽为 4kHz，信噪比为 30dB，按照香农定理，信道的最大数据速率约等于 （16） 。（16）A10 kb/s B20 kb/s C30 kb/s D40 kb/s试题解析：试题解析：答案：答案：D D 在 E1 载波中，每个子信道的数据速率是 （17） ，E1 载波的控制开销占 （18） 。（17）A32 kb/s B64 kb/s C72 kb/s D96 kb/s（18）A3.125 % B6.25 % C1.25% D25%试题解析：试题解析：E1（或 E-1）是欧洲电子传输

10、格式，由 ITU-TS 设计并由欧洲邮政电讯管理委员会（CEPT）命名。E1 线路将 32 个信道复用在 1 个 E1 的数据帧中，每个信道占 8 个比特，每秒传输 8000 帧。因此 E1 的速率为 3288000=2.048Mbps。使用 E1 进行传输的 ISDN 使用了 30 个 B 信道传输数据，因此控制开销=（32-30）/32=6.25%。（其实直接为 E1 载波的控制开销是多少是不严谨的，题目中并没有强调说一定是30B+D 的 ISDN 系统，如果另外有其他的传输系统采用了不同的方式，那么控制开销自然也不同。）答案：（答案：（1717）B B （1818）B B 在 HFC 网

11、络中，Cable Modem 的作用是 （19） 。（19）A用于调制解调和拨号上网B用于调制解调以及作为以太网接口C用于连接电话线和用户终端计算机D连接 ISDN 接口和用户终端计算机试题解析：试题解析：Cable Modem 既不用于拨号上网，也不用于连接电话线，更与 ISDN 没有什么关系。答案：答案：B B 以下属于对称数字用户线路（Symmetrical Digital Subscriber Line）的是 （20） 。（20）AHDSL BADSL CRADSL DVDSL试题解析：试题解析：答案：答案：A A 关于 ARP 表，以下描述中正确的是 （21） 。（21）A提供常用目

12、标地址的快捷方式来减少网络流量B用于建立 IP 地址到 MAC 地址的映射C用于在各个子网之间进行路由选择D用于进行应用层信息的转换试题解析：试题解析：常识。答案：答案：B B 因特网中的协议应该满足规定的层次关系，下面的选项中能正确表示协议层次和对应关系的是 （22） 。试题解析：试题解析：SNMP、TFTP 是基于 UDP 的，而 HTTP、Telnet 是基于 TCP 的。答案：答案：C C BGP 协议的作用是 （23） 。（23）A用于自治系统之间的路由器之间交换路由信息B用于自治系统内部的路由器之间交换路由信息C用于主干网中路由器之间交换路由信息D用于园区网中路由器之间交换路由信息

13、试题解析：试题解析：BGP（Border Gateway Protocol，边界网关协议）负责在 AS 之间进行路由，是 EGPs的一种。答案：答案：A A 关于 RIP，以下选项中错误的是 （24） 。（24）ARIP 使用距离矢量算法计算最佳路由BRIP 规定的最大跳数为 16CRIP 默认的路由更新周期为 30 秒DRIP 是一种内部网关协议试题解析：试题解析：RIP 规定的最大跳数为 15，16 意味着无穷大。答案：答案：B B 路由汇聚（Route Summarization）是把小的子网汇聚成大的网络，下面 4 个子网：172.16.193.0/24、172.16.194.0/24

14、、172.16.196.0/24 和 172.16.198.0/24，进行路由汇聚后的网络地址是 （25） 。（25）A172.16.192.0/21 B172.16.192.0/22C172.16.200.0/22 D172.16.224.0/20试题解析：试题解析：前两个字节和最后一个字节不做比较了，只比较第三个字节。19311000001194110000101961100010019811000110显然，这四个数字只有前五位是完全相同的，因此汇聚后的网络的第三个字节应该是11000000192。汇聚后的网络的掩码中 1 的数量应该有 8+8+5=21。因此答案是 172.16.192.0/21。答案：答案：A A 分配给某校园网的地址块是 202.105.192.0/18，该校园网包含 （26） 个 C 类网络。（26）A6 B14 C30 D62试题解析：试题解析：C 类地址的缺省掩码应该有 24 个“1” ，24-18=6，因此正确答案应该是 26=64。但选项中没有 64，只有 62 和它比较接近。这是因为出题者还是遵循早已被废弃的“子网段中全 0 和全 1 都不可用”的旧规定。答案：答案：D 以下地址中属于 D 类地址的是 （27） 。（27）A224.116.213.0 B110.105.207.0C10.105.205.0 D192.168.0.