《2012届高考复习：高一化学上册课时练习题08》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2012届高考复习：高一化学上册课时练习题08（4页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、 本资料来自于资源最齐全的世纪教育网 21 世纪教育网 - 中国最大型、最专业的中小学教育资源门户网站。 版权所有21 世纪教育网2012 届高考复习：高一化学上册课时练习题届高考复习：高一化学上册课时练习题 08 1下列反应起了氮的固定作用的是下列反应起了氮的固定作用的是( )A氨经催化氧化生成氨经催化氧化生成 NOBNO 与与 O2反应生成反应生成 NO2CN2在一定条件下与在一定条件下与 Mg 反应生成反应生成 Mg3N2DNH3与硝酸反应生成与硝酸反应生成 NH4NO3解析：解析：选选 C。氮的固定是指把游离。氮的固定是指把游离态态的氮的氮(即即 N2)转转化成化合化成化合态态氮氮(即
2、氮的化合物即氮的化合物)的的过过程。程。氮的固定原料必氮的固定原料必须为须为氮气，氮气，产产物必物必须为须为含氮化合物。含氮化合物。2下列事实与浓硫酸表现出的性质下列事实与浓硫酸表现出的性质(括号中括号中)对应关系正确的是对应关系正确的是( )A在空气中敞口久置的浓硫酸，溶液质量增大在空气中敞口久置的浓硫酸，溶液质量增大(脱水性脱水性)B在加热条件下铜与浓硫酸反应在加热条件下铜与浓硫酸反应(氧化性、酸性氧化性、酸性)C蔗糖与浓硫酸反应中有海绵状的炭生成蔗糖与浓硫酸反应中有海绵状的炭生成(吸水性吸水性)D浓硫酸可用来干燥某些气体浓硫酸可用来干燥某些气体(不挥发性不挥发性)解析：解析：选选 B。在
3、。在 A 中，表中，表现现出的是出的是浓浓硫酸的吸水性；硫酸的吸水性；C 中，表中，表现现出的是出的是浓浓硫酸的脱水性；硫酸的脱水性；D 中，表中，表现现出的是出的是浓浓硫酸的吸水性。硫酸的吸水性。3(2010 年江苏省泰州市期末年江苏省泰州市期末)北京北京 2008 奥运会金牌为金镶玉，直径为奥运会金牌为金镶玉，直径为 70mm，厚，厚6mm。某化学兴趣小组对金牌中金属的成分提出猜想：甲认为该金牌是由纯金制成；乙认。某化学兴趣小组对金牌中金属的成分提出猜想：甲认为该金牌是由纯金制成；乙认为该金牌是由金银合金制成；丙认为该金牌是由黄铜为该金牌是由金银合金制成；丙认为该金牌是由黄铜(铜锌合金铜锌
4、合金)制成。为了验证他们的猜制成。为了验证他们的猜想，取制造这种金牌的材质粉末少量进行实验，加入下面一种试剂来验证甲、乙、丙猜想想，取制造这种金牌的材质粉末少量进行实验，加入下面一种试剂来验证甲、乙、丙猜想的正误，该试剂应是的正误，该试剂应是( )A硫酸铜溶液硫酸铜溶液 B稀硝酸稀硝酸本资料来自于资源最齐全的世纪教育网 21 世纪教育网 - 中国最大型、最专业的中小学教育资源门户网站。 版权所有21 世纪教育网C盐酸盐酸 D硝酸银溶液硝酸银溶液解析：解析：选选 B。因。因为为稀稀 HNO3能能够够溶解溶解银银、 、铜铜和和锌锌，而不能溶解金，所以，而不能溶解金，所以实验实验后若粉末后若粉末质质
5、量不减少，量不减少，则则甲正确；若粉末部分溶解，甲正确；若粉末部分溶解，则则乙正确；若粉末全部溶解，乙正确；若粉末全部溶解，则则丙正确。丙正确。4某单质跟足量浓硝酸反应，如果参加反应的单质与硝酸物质的量之比为某单质跟足量浓硝酸反应，如果参加反应的单质与硝酸物质的量之比为 14，则，则该元素在生成物中所显示的化合价可能是该元素在生成物中所显示的化合价可能是( )A1B2C3D4解析：解析：选选 BD。此。此单质单质可能可能为为金属金属单质单质或非金属或非金属单质单质， ，浓浓 HNO3的的还还原原产产物物为为 NO2，根，根据氧化据氧化还还原反原反应应中中电电子子转转移数目守恒可列下式：移数目守
6、恒可列下式：当当为为金属金属单质时单质时： ：x(4x)(54)，解得，解得 x2；当；当为为非金属非金属单质时单质时： ：x4(54)，即，即x4。 。综综合两种情况，合两种情况，该该元素的化合价可能元素的化合价可能为为2 或或4 价，价，选选 B、 、D 项项。 。同学同学们们在解此在解此题时题时可能会犯以下两种可能会犯以下两种错误错误： ：未注意到本未注意到本题题所所给给的硝酸的硝酸为浓为浓 HNO3，不，不能确定能确定 HNO3的的还还原原产产物物为为 NO2，以致使本，以致使本题题出出现现两个未知数，即氧化两个未知数，即氧化产产物的化合价和物的化合价和还还原原产产物的化合价。物的化合
7、价。简单简单地地认为单质仅为认为单质仅为金属金属单质单质，漏，漏选选 D 项项。 。5将将 0.1mol 铜与铜与 40mL10mol/LHNO3充分反应后，溶液中含充分反应后，溶液中含 amolH，由此可知，由此可知( )A生成的气体在标准状况下的体积为生成的气体在标准状况下的体积为 4.48LB生成的气体在标准状况下的体积为生成的气体在标准状况下的体积为 1.49LC被还原的硝酸的物质的量为被还原的硝酸的物质的量为(0.2a)molD反应后溶液中所含反应后溶液中所含 NO3的物质的量为的物质的量为 0.2mol解析：解析：选选 C。溶液中含有。溶液中含有 H， ，则则 HNO3过过量。在反
8、量。在反应过应过程中，程中，实际实际上上发发生了两个反生了两个反应应： ：Cu4HNO3(浓浓)=Cu(NO3)22NO22H2O， ，3Cu8HNO3(稀稀)=3Cu(NO3)22NO4H2O 反反应应消耗的消耗的 HNO3包括起酸的作用和起氧化包括起酸的作用和起氧化剂剂作用的两部分，前者反作用的两部分，前者反应应后以后以 Cu(NO3)2形式存在，后者被形式存在，后者被还还原后生成原后生成 NO2、 、NO 气体，从两反气体，从两反应应式看出：式看出：Cu2HNO3(酸酸)Cu(NO3)2， ，HNO3(氧化氧化剂剂)NO2(或或 NO)，作酸用的硝酸，作酸用的硝酸为为 0.2mol，生成
9、，生成本资料来自于资源最齐全的世纪教育网 21 世纪教育网 - 中国最大型、最专业的中小学教育资源门户网站。 版权所有21 世纪教育网的气体的气体为为 NO、 、NO2的混合气体，溶液中有的混合气体，溶液中有 amol 的的 HNO3， ，则则被被还还原的原的 HNO3为为(0.4a0.2)mol，生成的气体的物，生成的气体的物质质的量的量为为(0.4a0.2)mol，反，反应应后溶液中的后溶液中的 NO3包括包括HNO3和和 Cu(NO3)2电电离出的离出的 NO3，其物，其物质质的量的量为为(a0.2)mol。 。6100mL2mol/L 的稀硝酸与的稀硝酸与 1.92g 铜充分反应后：铜
10、充分反应后：(1)产生的气体是产生的气体是_，在标准状况下的体积为，在标准状况下的体积为_L，反应过程中转移的电，反应过程中转移的电子数为子数为_mol。(2)若溶液的体积不变，则反应后溶液中的若溶液的体积不变，则反应后溶液中的 H物质的量浓度为物质的量浓度为_mol/L，NO3物质的量浓度为物质的量浓度为_mol/L。解析：解析：(1)首先分析首先分析 Cu 和稀和稀 HNO3谁过谁过量：量：n(HNO3)0.1L2mol/L0.2mol。 。n(Cu)0.03mol，故，故铜铜不足，不足，则产则产生生 n(NO)0.02mol，即，即标标准状况下准状况下1.92 g64 gmol12 0.
11、03 mol3V(NO)0.02mol22.4Lmol10.448L。 。转转移的移的电电子数子数 n(e)n(Cu)20.03mol20.06mol。 。(2)因因为为反反应应消耗消耗 n(H)0.08mol，余，余 n(H)0.2mol0.08mol0.12mol，即反，即反应应后后c(H)1.2mol/L。反。反应应消耗消耗 n(NO3)n(NO)0.02mol；余；余 n(NO3)0.12 mol0.1 L0.2mol0.02mol0.18mol，即反，即反应应后后 c(NO3)1.8mol/L。 。0.18 mol0.1 L答案：答案：(1)NO(1)NO 0.4480.448 0.060.06 (2)1.2(2)1.2 1.81.8本资料来自于资源最齐全的世纪教育网 21 世纪教育网 - 中国最大型、最专业的中小学教育资源门户网站。 版权所有21 世纪教育网
