《【全程复习】2014届高考物理第一轮基础夯实复习方略 9.4电磁感应规律的综合应用(二)课时提能演练（ 9页， 新人教通用版，含精细解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【全程复习】2014届高考物理第一轮基础夯实复习方略 9.4电磁感应规律的综合应用(二)课时提能演练（ 9页， 新人教通用版，含精细解析）（9页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、全程复习2014 届高考物理全程复习方略（人教版-第一轮）课时提能演练（含详细解析）9.4 电磁感应规律的综合应用(二) (40 分钟 100 分)一、选择题(本题共 8 小题，每题 9 分，至少一个答案正确，选不全得 5 分，共 72 分)1.(2012济宁模拟)水平放置的金属框架 cdef 处于如图所示的匀强磁场中，金属棒 ab 处于粗糙的框架上且接触良好，从某时刻开始，磁感应强度均匀增大，金属棒 ab 始终保持静止，则( )A.ab 中电流增大，ab 棒所受摩擦力增大B.ab 中电流不变，ab 棒所受摩擦力不变C.ab 中电流不变，ab 棒所受摩擦力增大D.ab 中电流增大，ab 棒所受
2、摩擦力不变2.如图所示，光滑的“ ”形金属导体框竖直放置，质量为 m 的金属棒 MN 与框架接触良好.磁感应强度分别为 B1、B 2的有界匀强磁场方向相反 ，但均垂直于框架平面，分别处于 abcd 和 cdef 区域.现从图示位置由静止释放金属棒MN，当金属棒刚进入磁场 B1区域时，恰好做匀速运动.以下说法正确的是( )A.若 B2=B1，金属棒进入 B2区域后将加速下滑B.若 B2=B1，金属棒进入 B2区域后仍将保持匀速下滑C.若 B2B 1，金属棒进入 B2区域后可能先加速后匀速下滑D.若 B2B 1，金属棒进入 B2区域后可能先匀减速后匀速下滑3.如图所示，平行金属导轨与水平面间的倾角
3、为 ，导轨电阻不计，与阻值为 R 的定值电阻相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感应强度为 B.有一质量为 m 长为 的导体棒从 abl位置获得平行斜面的大小为 v 的初速度向上运动，最远到达 ab的位置，滑行的距离为s,导体棒的电阻也为 R，与导轨之间的动摩擦因数为 .则( )来源:学科网A.上滑过程中导体棒受到的最大安培力为2BvRlB.上滑过程中电流做功发出的热量为 来源:学|科|网 Z|X|X|K21mvgs(incos)C.上滑过程中导体棒克服安培力做的功为D.上滑过程中导 体棒损失的机械能为 2si4.(2012福州模拟)如图所示，水平光滑的平行金属导轨，左端接有电阻 R，匀强磁场
4、B竖直向下分布在导轨所在的空间内，质量一定的金属棒 PQ 垂直导轨放置.今使棒以一定的初速度 v0向右运动，当其通过位置 a、b 时，速率分别为 va、v b，到位置 c 时棒刚好静止，设导轨与棒的电阻均不计，a 到 b 与 b 到 c 的间距相等，则金属棒在由 a 到 b 和由 b 到 c的两个过程中( )来源:学,科,网 Z,X,X,KA.回路中产生的内能相等B.棒运动的加速度相等C.安培力做功相等D.通过棒横截面积的电荷量相等5.如图所示，竖直平面内的虚线上方是一匀强磁场 B，从虚线下方竖直上抛一正方形线圈，线圈越过虚线进入磁场，最后又落回原处，运动过程中线圈平面保持在竖直平面内，不计空
5、气阻力，则( )A.上升过程克服磁场力做的功大于下降过程克服磁场力做的功B.上升过程克服磁场力做的功等于下降过程克服磁场力做的功C.上升过程克服重力做功的平均功率大于下降过程中重力的平均功率D.上升过程克服重力做功的平均功率等于下降过程中重力的平均功率6.如图所示，正方形导线框 abcd 的边长为 L=10 cm,线框平面位于竖直平面内，上下两边处于水平状态.当它从某高处落下时通过一匀强磁场，磁场方向垂直于线框平面，线框的 ab 边刚进入磁场时，由于安培力的作用使得线框恰能匀速运动.已知磁场的宽度 h=4L，线框刚进入磁场时的速度 v0=2.5 m/s.那么若以向下为力的正方向，则线框通过磁场
6、区域过程中所受安培力的图象是以下四图中的( )7.(2012广州模拟)一导线弯成如图所示的闭合线圈，以速度 v 向左匀速进入磁感应强度为 B 的匀强磁场，磁场方向垂直平面向外.线圈总电阻为 R，从线圈进入磁场开始到完全进入磁场为止，下列结论正确的是( )A.感应电流一直沿顺时针方向B.线圈受到的安培力先增大，后减小C.感应电动势的最大值 E=BrvD.穿过线圈某个横截面的电荷量为2B(r)R8.如图甲所示，竖直向上的匀强磁场的磁感应强度 B0=0.5 T,并且以 的变化B0.1 T/st率均匀增加.图象如图乙所示，水平放置的导轨不计电阻，不计摩擦阻力，宽度 L=0.5 m,在导轨上放着一金属棒
7、 MN，电阻 R0=0.1 ,并且水平细线通过定滑轮悬吊着质量 M=0.2 kg 的重物.导轨上的定值电阻 R=0.4 ,与 P、Q 端点相连组成回路.又知 PN 长 d=0.8 m.在重物被拉起的过程中，下列说法中正确的是( )A.电流的方向由 P 到 QB.电流的大小为 0.1 AC.从磁感应强度为 B0开始计时，经过 495 s 的时间，金属棒 MN 恰能将重物拉起D.电阻 R 上产生的热量约为 16 J二、计算题(本大题共 2 小题，共 28 分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位) 9.(2011天津高考)(14 分)如图所示，两根足够长的光滑平行金属导轨 MN、P
8、Q 间距为,其电阻不计，两导轨及其构成的平面均与水平面成 30角.完全相同的两金属0.5 ml棒 ab、cd 分别垂直导轨放置，每棒两端都与导轨始终有良好接触，已知两棒 质量均为m=0.02 kg,电阻均为 R=0.1 ,整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁感应强度 B=0.2 T,棒 ab 在平行于导轨向上的力 F 作用下，沿导轨向上匀速运动，而棒 cd 恰好能够保持静止.取 g=10 m/s2,问：(1)通过棒 cd 的电流 I 是多少，方向如何？(2)棒 ab 受到的力 F 多大？(3)棒 cd 每产生 Q=0.1 J 的热量，力 F 做的功 W 是多少？10.(2012启东模
9、拟)(14 分)如图所示，MN 与 PQ 是两条水平放置彼此平行的金属导轨，质量 m=0.2 kg,电阻 r=0.5 的金属杆 ab 垂直跨接在导轨上，匀强磁场的磁感线垂直于导轨平面，导轨左端接阻值 R=2 的电阻，理想电压表并接在 R 两端，导轨电阻不计.t=0时刻 ab 受水平拉力 F 的作用后由静止开始向右做匀加速运动，ab 与导轨间的动摩擦因数=0.2.第 4 s 末，ab 杆的速度为 v=1 m/s,电压表示数 U=0.4 V.取重力加速度 g=10 m/s2.(1)在第 4 s 末，ab 杆产生的感应电动势和受到的安培力各为多大？(2)若第 4 s 末以 后，ab 杆做匀速运动，则
10、在匀速运动阶段的拉力为多大？整个过程拉力的最大值为多大？(3)若第 4 s 末以后，拉力的功率保持不变，ab 杆能达到的最大速度为多大？答案解析1.【解析】选 C.由法拉第电磁感应定律 知，磁感应强度均匀增大，则 abBEStg中感应电动势和电流不变，由 知摩擦力增大，选项 C 正确.fFIL安2.【解析】选 B、C.当金属棒刚进入磁场 B1区域时，做匀速运动，故 ,金21BvmgFRl属棒进入 B2区域后，若 B2=B1，有 ,仍匀速下滑；若 B2B 1,有 ,2vmgRl 2 l棒可能加速下滑或先加速下滑后匀速下滑；若 B2B 1，有 ,棒可能减速下滑或2vgR l先减速下滑后匀速下滑，但
11、金属棒 MN 不能做匀减速下滑，故 B、C 正确.3.【解析】选 B、D.电路中总电阻为 2R，故最大安培力的数值为 ，故 A 错误；由能2vl量守恒定律可知：导体棒动能减少的数值应该等于导体棒重力势能的增加量以及克服安培力做功产生的电热和克服摩擦阻力做功产生的内能，其公式表示为：，则有： ,21mvgsinscoQ电 热 21mv(gsinsco)电 热即为安培力做的功，B 正确、C 错误；导体棒损失的机械能即为安培力和摩擦力做功的和，；D 正确.2Wsi损 失4.【解析】选 D.棒由 a 到 b 再到 c 的过程中，速度逐渐减小.根据 ，E 减小，故 IBvl减小.再根据 ，安培力减小，根
12、据 F=ma,加速度减小，B 错误.由于 a 与 b、b 与 cFIl间距相等，故从 a 到 b 安培力做的功大于从 b 到 c 安培力做的功，故 A、C 错误.再根据平均感应电动势 得 ,故 D 正确.BSEE,I,qIttRSR5.【解析】选 A、C.线圈上升过程中，加速度增大且在减速，下降过程中，运动情况比较复杂，有加速、减速或匀速等，把上升过程看做反向的加速，可以比较当运动到同一位置时，线圈速度都比下降过程中相应的速度要大，可以得到结论：上升过程中克服安培力做功多；上升过程时间短，故正确选项为 A、C.6.【解析】选 B.ab 边刚进入磁场时安培力等于重力且方向向上，故 A、D 错误；
13、线框全部进入磁场后，线框中无感应电流，且向下做加速运动，当线框从下边离开磁场时将做减速运动，安培力逐渐减小且方向向上，故 C 错误，B 正确.7.【解析】选 A、B.在闭合线圈进入磁场的过程中，通过闭合线圈的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向一直为顺时针方向，A 正确；导体切割磁感线的有效长度先变大后变小，感应电流先变大后变小，安培力也先变大后变小，B 正确；导体切割磁感线的有效长度最大值为 2r，感应电动势最大为 E=2Brv,C 错误；穿过线圈某个 横截面的电荷量为 ,D 错误.2B(r)QR8.【解题指南】解答本题应注意以下三点：来源:Z.xx.k.Com(1)根据楞次定律判
14、断感应电流的方向，应用法拉第电磁感应定律计算感应电动势的大小.(2)在计算导体棒 MN 所受安培力时，应注意磁感应强度 B 的变化.(3)由 Q=I2Rt 计算产生的热量.【解析】选 A、C.根据楞次定律可知电流方向从 MNP QM，故 A 对；电流大小,故 B 错；要恰好把质量 M=0.2 kg 的重物拉0BS.108.5I A.08 tR4g起，则 ,解0Mg2BFT2 NBT5 .t.501tIL. g安 ，得 t=495 s,故 C 对；电阻 R 上产生的热量 Q=I2Rt，故 ,2Q8.49 J27 故 D 错.【变式备选】(2012泰州模拟)如图所示，电阻为 R，导线电阻均可忽略，
15、ef 是一电阻可不计的水平放置的导体棒，质量为 m，棒的两端分别与 ab、cd 保持良好接触，又能沿足够长的框架无摩擦下滑，整个装置放在与框架垂直的匀强磁场中，当导体棒 ef 从静止下滑一段时间后闭合 开关 S，则 S闭合后 ( )A.导体棒 ef 的加速度可能大于 gB.导体棒 ef 的加速度一定小于 gC.导体棒 ef 最终速度随 S 闭合时刻的不同而不同D.导体棒 ef 的机械能与回路内产生的电能之和一定守恒【解析】选 A、D.开关闭合前，导体棒只受重力而加速下滑，闭合开关时有一定的初速度v0，若此时 F 安 mg，则 F 安 -mg=ma.若 F 安 mg,则 mg-F 安 =ma,因
16、为 F 安 的大小不确定，所以导体棒 ef 的加速度可能大于 g、小于 g、等于 g，故 A 正确，B 错误.无论闭合开关时初速度多大，导体棒最终的安培力应和重力平衡，故 C 错误.根据能量守恒定律知，D 正确.9.【解析】(1)棒 cd 受到的安培力为cdFIBl(1 分)棒 cd 在共点力作用下平衡，则Fcd=mgsin30(1 分)由式代入数值得：I=1 A(1 分)根据楞次定律可知，棒 cd 中电流方向由 d 至 c. (1 分)(2)棒 ab 与棒 cd 受到的安培力大小相等，Fab=Fcd(1 分)对棒 ab，由共点力平衡条件得：Fmgsin30IBl(2 分)代入数据解得：F=0.2 N (1 分)(3)设在时间 t 内棒 cd 产生 Q=0.1 J 热量，由
