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1、江西省南昌市八一中学、洪都中学、麻丘高中等七校2018-2019学年高一化学下学期期末考试试题（含解析）1.下列有关煤、石油、天然气等资源的说法错误的是（ ）A. 天然气是一种清洁的化石燃料B. 煤的气化和煤的液化都属于物理变化C. 石油是由多种烃组成的混合物D. 通过石油的裂化可以提高汽油的产量【答案】B【解析】【详解】A.化石燃料包括煤、石油和天然气，故天然气属于化石燃料，且燃烧产物无污染，A正确；B.用煤来生产水煤气是煤的气化，用煤来生产甲醇为煤的液化，两个变化均有新物质生成，因此这两个变化都是化学变化，B错误；C.石油是多种烷烃、环烷烃和少量芳香烃的混合物，即石油是多种烃的混合物，C正
2、确；D.石油裂化的目的是获得轻质油，提高汽油的产量和质量，D正确。故合理选项是B。2.下列冶炼方法中，不能将化合物中的金属元素还原为金属单质的是()A. 铝粉和Fe2O3共热B. 加热HgOC. 电解熔融的MgCl2D. 氢气通入Al2O3并加热【答案】D【解析】【分析】根据金属的活泼性强弱冶炼金属，K、Ca、Na、Mg、Al等金属用电解法，Zn、Fe、Sn、Pb、Cu等金属用热还原法、Hg、Ag等金属用热分解法冶炼.【详解】A.铝粉和Fe2O3共热反应可以得到金属铁和氧化铝，A不符合题意；B.加热氧化汞会发生分解，制的金属Hg，B不符合题意；C.Mg为活泼金属，要用电解熔融MgCl2的方法冶
3、炼，C不符合题意；Dal是相对活泼金属应该使用电解熔融氧化铝的方法冶炼，不能使用热还原法冶炼，因此不能制取得到Al单质，D符合题意；故合理选项是D。【点睛】本题考查金属的冶炼方法与金属活动性关系的知识，注意常见金属的冶炼方法，把握金属的活泼性强弱是解题关键。3.反应A+3B=2C+2D在不同条件下反应速率如下，其中最快的是( )A. V(A)=0.15mol/（Lmin）B. V(B)=0.6mol/（Lmin）C. V(C)=0.4mol/（Lmin）D. V(D)=0.0075 mol/（Ls）【答案】D【解析】【分析】不同物质表示的速率之比等于其化学计量数之比，故不同物质的速率与其化学计
4、量数的比值越大，表示反应速率越快，注意单位保持一致。【详解】A.=0.15mol/（Lmin）；B.=0.2mol/（Lmin）；C.=0.2mol/（Lmin）；D.V(D)=0.0075 mol/(Ls)=0.45 mol/（Lmin），=0.225mol/（Lmin）；故反应速率V(D)V(B)= V(C)v(A)，所以合理选项是D。【点睛】本题考查化学反应速率快慢比较的知识，利用比值法可以迅速判断，也可以转化为同一物质的速率进行比较，要注意单位一定要统一，然后再进行比较。4.某烯烃只含1个双键与H2加成后的产物是，则该烯烃的结构式可能有（ ）A. 1种B. 2种C. 3种D. 4种【答
5、案】C【解析】【详解】根据烯烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带氢原子的碳原子间是对应烯烃存在碳碳双键的位置。该烷烃的碳链结构为，1号和6号碳原子关于2号碳原子对称，5、8、9号碳原子关于4号碳原子对称，但4号碳原子上没有氢原子，所以4号碳原子和3、5、8、9号碳原子间不能形成双键；相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键，所以能形成双键有：1和2之间(或2和6)；2和3之间；3和7之间，共有3种，故答案为C。【点睛】加成反应指有机物分子中的不饱和键断裂，断键原子与其他原子或原子团相结合，生成新的化合物的反应根据加成原理采取逆推法还原C=C双键，烷烃分子中相邻碳原子上均带氢原
6、子的碳原子间是对应烯烃存在碳碳双键的位置还原双键时注意：先判断该烃结构是否对称，如果对称，只考虑该分子一边的结构和对称线两边相邻碳原子即可；如果不对称，要全部考虑，然后各去掉相邻碳原子上的一个氢原子形成双键。5.短周期元素 X、Y、Z、W的原子序数依次增大， X的原子在周期表中半径最小，Y的次外层电子数是其最外层的，Z单质可与冷水缓慢反应产生X单质，W与 Y属于同一主族。下列叙述正确的是（ ）A. 由Y元素形成的离子与 Z元素形成的离子的核外电子总数可能相同B. 单质的氧化性:WYC. 化合物X2Y、Z2Y、ZX 中化学键的类型均相同D. 原子半径：rwrzrY【答案】A【解析】【分析】短周期
7、元素 X、Y、Z、W 的原子序数依次增大，X 的原子在周期表中半径最小，X为H元素；Y 的次外层电子数是其最外层的，Y有2个电子层符合电子排布规律，则最外层电子数为6，Y为O元素；Z 单质可与冷水缓慢反应产生 X 单质，Z为Na元素；W 与 Y 属于同一主族，W为S元素，以此来解答。【详解】由上述分析可知，X为H、Y为O、Z为Na、W为S。A.Y元素形成的离子与 Z元素形成的离子的核外电子总数分别为10、10，二者相同，A正确；B.非金属性越强，该元素的单质的氧化性就越强，由于元素的非金属性OS，所以氧化性：O2S，B错误；对应阴离子的还原性越弱，则阴离子的还原性：WYX，故B正确；C.化合物
8、 X2Y是H2O，只含共价键，Z2Y是Na2O只含有离子键，ZX是NaH只含离子键，C错误；D.同一周期从左下右原子半径减小，不同周期是元素，原子核外电子层数越多，原子半径越大，所以原子半径：rzrwrY，D错误；故合理选项是A。【点睛】本题考查原子结构与元素周期律的知识，把握元素的性质、原子结构、元素化合物知识来推断元素为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意元素化合物知识的应用。6.反应C(s)+H2O(g)CO(g)+H2(g)在一定容积的密闭容器中进行，则下列说法或结论中，能够成立的是( )A. 其他条件不变仅将容器的体积缩小一半，反应速率减小B. 保持体积不变，充入少量He气体使
9、体系压强增大，反应速率一定增大C. 反应达平衡状态时：v(CO)正=v(H2O)逆D. 其他条件不变，适当增加C(s)的质量会使反应速率增大【答案】C【解析】【详解】A.其他条件不变仅将容器的体积缩小一半，物质的浓度增大，反应速率加快，A错误；B.保持体积不变，充入少量He气体使体系压强增大，由于反应体系的物质浓度不变，所以反应速率不变，B错误；C.反应达平衡状态时任何物质的浓度不变，用同一物质表示的反应速率相同，v(H2O)正=v(CO)正=v(H2O)逆，则v(H2O)正= v(H2O)逆，C正确；D.其他条件不变，适当增加C(s)的质量，由于C是固体，物质的浓度不变，所以反应速率不变，D
10、错误；故合理选项是C。7.在密闭容中加入2.0molSO2和1.0molO2，一定条件下发生如下反应2SO2O22SO3。反应达到平衡后，各物质的物质的量可能为( )n(SO2)/moln(O2)/moln(SO3)/molA2.01.00B1.00.81.0C0.200.101.80D002.0A. AB. BC. CD. D【答案】C【解析】【分析】反应2SO2+O22SO3是可逆反应，反应物不能完全转化为生成物，生成物不能完全转化为反应物，根据反应的特点来回答。【详解】反应2SO2+O22SO3是可逆反应，加入2.0mol SO2和1.0molO2，最终各种物质都应该存在，不能全为反应物
11、，也不能都为生成物，所以A、D错误；反应正向进行，所以正向进行SO2向生成SO3的方向进行，SO2与O2反应的物质的量关系为2：1，所以SO2减小1mol，消耗氧气0.5mol，所以应该剩余氧气物质的量为0.5mol，不能是0.8mol，B错误，故合理选项是C。【点睛】本题考查学生化学平衡的建立知识，注意可逆反应的特点是解题的关键。8.根据下图提供的信息，下列所得结论不正确的是A. 该反应是吸热反应B. 因为生成物的总能量高于反应物的总能量，所以该反应一定需要加热才能发生C. 该反应反应物断裂旧键所吸收的能量高于生成物形成新键放出的能量D. 该反应可能是碳酸钙分解反应【答案】B【解析】【详解】
12、A.根据图示可知：生成物的能量比反应物的能量高，所以该反应是吸热反应，A正确；B.任何化学反应发生都有断裂反应物化学键吸收能量的过程，和形成生成物化学键释放能量的过程，与化学反应是放热反应还是吸热反应无关，B错误；C.该反应是吸热反应说明反应物断裂旧键所吸收的能量高于生成物形成新键放出的能量，C正确；D.碳酸钙分解反应是吸热反应，该反应图示过程是吸热反应，因此可能为碳酸钙分解反应，D正确；故合理选项B。9.既可以用来鉴别乙烷和乙烯，又可以用来除去乙烷中混有的少量乙烯的方法是( )A. 混合气体通过盛水的洗气瓶B. 混合气体和过量H2混合C. 混合气体通过装有过量溴水的洗气瓶D. 混合气体通过酸
13、性KMnO4溶液【答案】C【解析】【详解】A.二者与水都不能反应且不溶于水，因此不能鉴别和除去杂质，A错误；B.又引入了新的杂质氢气，B错误；C.乙烯与溴水反应产生1，2-二溴乙烷，该生成物呈液态，乙烷不能反应，因此可以用于鉴别和除杂，C正确；D.乙烯与酸性KMnO4溶液反应产生CO2气体，又引入了新的杂质，D错误；故合理选项是C。10.人体缺乏维生素A，会出现皮肤干燥、夜盲症等症状。维生素A又称视黄醇，分子结构如下图所示,下列说法正确的是A. 1mol维生素A最多能与7molH2发生加成反应B. 维生素A不能被氧化得到醛C. 维生素A是一种易溶于水的醇D. 维生素A的分子式为C20H30O【
14、答案】D【解析】【详解】A.维生素A中含5个碳碳双键，1mol维生素A最多可以与5mol H2发生加成反应，A错误；B.根据维生素A结构简式可以看出该物质中含有-CH2OH结构，因此能被氧化得到醛，B错误；C.维生素A烃基部分含有的C原子数较多，烃基是憎水基，烃基部分越大，水溶性越小，所以维生素A是一种在水中溶解度较小的醇，C错误；D.维生素A的分子式为C20H30O，D正确；故合理选项是D。11.下列关于基本营养物质的说法错误的是（ ）A. 淀粉和纤维素水解的最终产物均为葡萄糖B. 在加热条件下,葡萄糖可与新制氢氧化铜浊液反应产生砖红色沉淀C. 植物油含不饱和脂肪酸甘油酯,能使Br2的CCl
15、4溶液褪色D. 糖类、油脂和蛋白质均由C、H、O三种元素组成【答案】D【解析】【详解】A.淀粉和纤维素均为多糖，水解的最终产物均为葡萄糖，A正确；B.葡萄糖含-CHO，加热条件下，葡萄糖可与新制氢氧化铜浊液反应产生砖红色沉淀，B正确；C.植物油含碳碳双键、-COOC-，则植物油含不饱和脂肪酸甘油酯，能使Br2的CCl4溶液褪色，C正确；D.蛋白质含-CONH-，由C、H、O、N等元素组成，D错误；故合理选项是D。12.一种基于酸性燃料电池原理设计的酒精检测仪，负极上的反应为：CH3CH2OH-4e+H2O=CH3COOH+4H+，下列有关说法正确的是（ ）A. 检测时，电解质溶液中的H+向负极移动B. 若有0.4mol电子转移，则在标准状况下消耗4.48L氧气C. 乙醇所在的电极发生了氧化反应D. 正极上发生的反应为：O2+4e+2H2O=4OH【答案】C【解析】
