《导数零点问题总结.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《导数零点问题总结.doc（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、北京华罗庚学校 为全国学生提供优质教育导数零点问题导数是研究函数的有力工具，其核心又是由导数值的正、负确定函数的单调性用导数研究函数f(x)的单调性，往往需要解方程f(x)0. 若该方程不易求解时，如何继续解题呢？猜猜出方程f(x)0的根典例设f(x).(1)若函数f(x)在(a，a1)上有极值，求实数a的取值范围；(2)若关于x的方程f(x)x22xk有实数解，求实数k的取值范围方法演示解：(1)因为f(x)，当0x0；当x1时，f(x)0，所以函数f(x)在(0,1)上单调递增，在(1，)上单调递减，故函数f(x)的极大值点为x1，所以a1a1，即0a1，故所求实数a的取值范围是(0,1)
2、(2)方程f(x)x22xk有实数解，即f(x)x22xk有实数解设g(x)f(x)x22x，则g(x)2(1x). 接下来，需求函数g(x)的单调区间，所以需解不等式g(x)0及g(x)0，因而需解方程g(x)0. 但此方程不易求解，所以我们可以先猜后解可得g(1)0，且当0x0，当x1时，g(x)0时，f(x)2aaln.方法演示解：(1)法一：f(x)2e2x(x0)当a0时，f(x)0，f(x)没有零点当a0时，设u(x)e2x，v(x)，因为u(x)e2x在(0，)上单调递增，v(x)在(0，)上单调递增，所以f(x)在(0，)上单调递增又f(a)0，当b满足0b且b时，f(b)0时
3、，f(x)存在唯一零点法二：f(x)2e2x(x0)令方程f(x)0，得a2xe2x(x0)因为函数g(x)2x(x0)，h(x)e2x(x0)均是函数值为正值的增函数，所以由增函数的定义可证得函数u(x)2xe2x(x0)也是增函数，其值域是(0，)由此可得，当a0时，f(x)无零点；当a0时，f(x)有唯一零点(2)证明：由(1)可设f(x)在(0，)上的唯一零点为x0. 当x(0，x0)时，f(x)0. 所以f(x)在(0，x0)上单调递减，在(x0，)上单调递增，当且仅当xx0时，f(x)取得最小值，最小值为f(x0)由于2e2x00，所以f(x0)2ax0aln2aaln(基本不等式
4、)所以当a0时，f(x)2aaln.解题师说本题第(2)问的解题思路是求函数f(x)的最小值因此需要求f(x)0的根但是f(x)2e2x0的根无法求解故设出f(x)0的根为x0，通过证明f(x)在(0，x0)和(x0，)上的单调性知f(x)minf(x0)2ax0aln，进而利用基本不等式证得结论，其解法类似解析几何中的设而不求应用体验2设函数f(x)exax2.(1)求f(x)的单调区间；(2)若a1，k为整数，且当x0时，(xk)f(x)x10，求k的最大值解：(1)f(x)的定义域为(，)，f(x)exa.若a0，则f(x)0，所以f(x)在(，)上单调递增若a0，则当x(，ln a)时
5、，f(x)0，所以f(x)在(，ln a)上单调递减，在(ln a，)上单调递增(2)由于a1，所以(xk)f(x)x1(xk)(ex1)x1.故当x0时，(xk)f(x)x10等价于k0)令g(x)x，则g(x)1.由(1)知，函数h(x)exx2在(0，)上单调递增而h(1)0，所以h(x)在(0，)上存在唯一的零点故g(x)在(0，)上存在唯一的零点设此零点为，则(1,2)当x(0，)时，g(x)0.所以g(x)在(0，)上的最小值为g()又由g()0，可得e2，所以g()1(2,3)由于式等价于kh(x0)，求实数m的取值范围方法演示解：(1)函数g(x)的定义域为(0，)，g(x).
6、当x(0,1)时，g(x)0.x1为g(x)的极小值点，极小值g(1)1.(2)ymx2ln xmx2ln x. ym0在1，)上恒成立，即m在x1，)上恒成立又1，所以m1. 所以实数m的取值范围为1，)(3)由题意知，关于x的不等式f(x)g(x)h(x)在1，e上有解，即关于x的不等式m(1xe)有解设u(x)(1xe)，则u(x)(1xe)，但不易求解方程u(x)0. 可大胆猜测方程u(x)0无解，证明如下：由1xe，可得(2x22)ln x0，2x24ex22(xe)22e220，所以u(x)成立，则实数m的取值范围为_答案：(，0)解析：法一：(理)由题意，知存在x使不等式mexx
7、成立设t(t0)，则存在t0使不等式mtet2t2成立设f(t)tet2t2(t0)，则f(t)et2(2t21)2t(t0)，需解方程f(t)0，但此方程不易求解可大胆猜测方程f(t)0无解(若方程f(t)0无解，则f(t)的值恒正或恒负(否则由零点存在性定理知方程f(t)0有解)，得f(t)是增函数或减函数，此时研究函数f(t)就很方便)，证明如下：f(t)et2(2t21)2t2tet22t0(t0)，所以f(t)0(t0)，所以函数f(t)是增函数，故其最小值为f(0)0. 所以m0，即mexx成立，当x0时，m0时，令f(x)exx，则f(x)ex1，不易求方程f(x)0的根，故可大
8、胆猜测方程f(x)0无解，即f(x)的值恒正或恒负证明如下：f(x)ex12ex1ex1，x0，ex，ex10，f(x)0，f(x)在(0，)上为增函数，f(x)f(0)0，m0，即m0.综上可知m的取值范围为(，0)法二：不等式成立，等价于mxex. 故存在x使不等式成立，等价于m(xex)max. 令f(x)xex，则f(x)1ex0，g(x)1e2.解：(1)f(x)，因为f(1)0，所以1k0，即k1.(2)由(1)知，f(x). 易知h(x)ln x1在(0，)上是减函数，且h(1)0，所以当0x0，当x1时，f(x)0，所以f(x)的单调递增区间是(0,1)，单调递减区间是(1，)
9、(3)证明：由(2)可知，当x1时，g(x)xf(x)01e2，故只需证明g(x)1e2在0x1时成立当0x1，且g(x)0，g(x)0，当x(e2,1)时，F(x)0，所以当xe2时，F(x)取得最大值F(e2)1e2. 所以g(x)0，g(x)1e2.2已知函数f(x)kexx2有两个极值点x1，x2(x1x2)(1)求k的取值范围；(2)求f(x1)，f(x2)的取值范围解：(1)因为f(x)kex2x，所以由f(x)0，得k. 设(x)，则(x)(1x)当x0，当x1时，(x)0，所以(x)在(，1)上单调递增，在(1，)上单调递减所以当x1时，(x)max. 作出函数(x)的图象如图所示因为函数f(x)有两个极值点，所以yk与y(x)的图象有两个交点，所以由图可得k的取值范围是.(2)由f(x1)kex12x10，得kex12x1，所以f(x1)kex1x2x1x1(1x1)2由图可得x1的取值范围是(0,1)，所以f(x1)的取值范围是(0,1)同理，可得f(x2)kex2x2x2x1(x21)2，由图可
