《安徽省郎溪中学2020学年高一物理上学期期中试题（直升部含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省郎溪中学2020学年高一物理上学期期中试题（直升部含解析）（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、安徽省郎溪中学2020学年高一物理上学期期中试题（直升部，含解析） 一、单项选择题：（本大题共10小题，每小题4分，共40分.）1. 为了传递信息，周朝形成了邮驿制度，宋朝增设“急递铺”，分金牌、银牌、铜牌三种传递类别，“金牌”一昼夜行500里（1里=500m），每到一驿站换人换马接力传递，那么，“金牌”的平均速率（ ）A. 与磁悬浮列车的速度相近 B. 与高速公路上汽车的速度相近C. 与人骑自行车的速度相近 D. 与成人步行的速度相近【答案】C【解析】时间t=24h；路程S=103500500 km =250km；平均速度，与人骑自行车的速度相近。故C正确，ABD错误。故选：C.2. 一物体
2、在水平地面上匀加速运动了，前内位移为，最后内的位移为10，以下说法中正确的有（）A. 该物体的加速度大小为2m/s2B. 第3s内物体的位移为5mC. 若该物体继续不变的加速度匀加速运动3s，则8s内物体的总位移为40mD. 该物体匀加速运动位移的表达式为S=t+t2【答案】C【解析】A. 第1s末的速度等于前2s的平均速度,即：第4s末的速度：由速度公式：v4=v1+at所以：，故A错误；B. 第2s末的速度：v2=v1+at1=2+1(21)=3m/s第3s内的位移：，故B错误；C. 该物体的初速度：v0=v1at0=211=1m/s8s内的位移：，故C正确；D. 该物体的位移表达式：，即
3、，故D错误。故选：C点睛：物体运动的时间是5s，前2s内的平均速度等于1s末的速度，最后2s内的平均速度是4s末的速度，然后结合速度公式即可求出加速度，然后结合位移公式即可求出各位移3. 在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g值，g值可由实验精确测定近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法”，它是将测g归于测长度和时间，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点向上抛小球又落到原处的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点到又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于()A. B. C. D. 【答案】C【解析】小
4、球从O点上升到最大高度过程中，有： 小球从P点上升的最大高度： 依据题意：h2h1=H联立解得：g=故选：C点睛：竖直上抛运动具有时间和位移的对称性，物体做竖直上抛时其上升到最高点所用时间和落回所用时间相等，整个过程为匀变速运动，可以看作先向上的匀减速运动，然后向下的自由落体运动两部分组成，分别求出上升的高度，利用高度差列方程求解。4. 一质量为 m的滑块在粗糙水平面上做匀减速直线运动直到静止，通过频闪照片分析得知，滑块在最初 2s 内的位移是最后 2s 内位移的两倍，且已知滑块最初 1s 内的位移为 2.5m，由此可求得（ ）A. 滑块运动的总时间为 3s B. 滑块的初速度为 5m/sC.
5、 滑块的加速度为 5m/s2 D. 滑块运动的总位移为 5m【答案】A【解析】设物体运动的加速度为a，运动总时间为t，把物体运动看成反向的初速度为0的匀加速直线运动，则有：最后2s内位移为：最初2s内位移为：又s2:s1=2:1，则有2at2a=4a解得：总时间t=3s，故A正确。第一秒的位移为：解得a=1m/s2，C错误；则总位移.故D错误；滑块的初速度v0=at=13m/s=3m/s.故B错误。故选：A.点睛：物体在粗糙的平面上做匀减速直线运动，把物体运动看成反向的初速度为0的匀加速直线运动，根据位移公式分别列出最初2s内和最后2s内的位移与总时间的关系，求出总时间，进而求出总位移5. 磁
6、性冰箱贴既可以用来装饰冰箱，也可以用来记事备忘，当冰箱贴紧紧吸住侧壁不动时，下列说法正确的是（ ）A. 冰箱贴受到三个力作用B. 冰箱贴受到四个力作用C. 磁性吸力和弹力是一对相互作用力D. 冰箱贴受到的摩擦力大于其受到的重力【答案】B【解析】A. 对冰箱贴受力分析可知，水平方向受磁力和弹力作用，而竖直方向受重力和摩擦力作用才能处于平衡，故冰箱贴共受四个力作用，故B正确，A错误；C. 磁性吸力和弹力作用在冰箱贴上，为平衡力，故C错误；D. 根据平衡条件可知，冰箱贴受到的摩擦力等于其受到的重力，故D错误。故选：B.6. 如图，质量为m的正方体和质量为M的正方体放在两竖直墙和水平面间，处于静止状态
7、M与m的接触面与竖直方向的夹角为，若不计一切摩擦，下列说法正确的是A. 水平面对正方体M的弹力大小大于(Mm)gB. 水平面对正方体M的弹力大小为(Mm)gcosC. 墙面对正方体M的弹力大小为mg/tanD. 正方体M对正方体m的弹力大小为mgtan【答案】C【解析】AB. 对M和m构成的整体进行受力分析，如左图所示：整体受重力、底面支持力、两侧面的支持力，两物体受力平衡，根据共点力平衡条件，水平面对正方体M的弹力大小为：N=G=(M+m)g，故AB错误。CD. 对m进行受力分析，如右图所示：m受重力、墙面支持力，M的支持力，木块受力平衡，根据共点力平衡条件，有：竖直方向：mg=Nsin水平
8、方向：Nm=Ncos解得Nm=mgcot， 即墙面对正方体m的弹力大小为mgcot由整体法可知：NM=Nm，则墙面对正方体M的弹力大小等于mgcot.故C正确，D错误。故选：C点睛：本题为共点力作用下物体平衡类题目，涉及两个物体，可先对整体进行受力分析，再对M和m分别进行受力分析，由平衡条件即可解决此类题目7. 在竖直墙壁间有质量为m、倾角为30的直角楔形木块和质量为M的光滑圆球，两者能够一起沿竖直墙壁匀速下滑，木块与左侧墙壁之间的动摩擦因数为,则m:M为（ ）A. 2:1 B. 1:1 C. 1:2 D. 1:3【答案】C【解析】光滑圆球受力分析，如图所示：根据平衡条件得：FN=Mg/tan
9、30整体匀速下滑，受力平衡，对整体受力分析，竖直方向有：(M+m)g=FN联立解得：m：M=1：2，故C正确，ABD错误。故选：C8. 表面光滑、半径为R的半球固定在水平地面上，球心O的正上方O处有一无摩擦的定滑轮，轻质细绳两端各系一个小球挂在定滑轮上，如图所示，两小球平衡时，若滑轮两侧细绳的长度分别为L12.4R和L22.5R，则这两个小球的质量之比m1m2为(不计球的大小)（ ）A. 241 B. 251 C. 2425 D. 2524【答案】D【解析】试题分析：先以左侧小球为研究对象，分析受力情况：重力m1g、绳子的拉力T和半球的支持力N，作出力图由平衡条件得知，拉力T和支持力N的合力与
10、重力mg大小相等、方向相反设OO=h，根据三角形相似得：=解得：m1g=同理，以右侧小球为研究对象，得：m2g=由：得m1：m2=l2：l1=25：24故选：D9. 如图所示，质量分别为mA和mB的物体A、B用细绳连接后跨过滑轮，A静止在倾角为45的斜面上已知mA2mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45增大到50，系统保持静止下列说法正确的是()A. 细绳对A的拉力将增大 B. A对斜面的压力将减小C. A受到的静摩擦力不变 D. A受到的合力将增大【答案】B【解析】先对B物体受力分析，受重力和拉力，根据共点力平衡条件，有 再对物体A受力分析，受拉力T、重力、支持力N，静摩擦力f可能没有，也有
11、可能沿斜面向上，还有可能沿斜面向下，先假设沿斜面向上，如图根据共点力平衡条件，有x方向： y方向： A、由式，当由45增加到50时，细绳对A的拉力不变，A错误；B、由式，当由45增加到50时，斜面对物体A的支持力N将变小，故根据牛顿第三定律，A对斜面的压力将减小，B正确；C、由式，当由45增加到50时，斜面对物体A的静摩擦力一定变化，C错误；D、物体A保持静止，合力一直为零，D错误；故选B。10. 如图所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔，质量为m的小球套在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住。现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移，在移动过程中手对线的拉力F和环
12、对小球的弹力FN的大小变化情况是（ ）A. F减小，FN不变 B. F减小，FN减小C. F增大，FN不变 D. F增大，FN减小【答案】A【解析】小球沿圆环缓慢上移可看做匀速运动，对小球进行受力分析，小球受重力G,F,FN三个力。满足受力平衡。作出受力分析图如下由图可知OABGFA即：，当A点上移时，半径不变，AB长度减小，故F减小，FN不变，故A正确，BCD错误。故选：A。点睛：对小球受力分析，作出力的平行四边形，同时作出AB与半径组成的图象；则可知两三角形相似，故由相似三角形知识可求得拉力及支持力的变化情况二、多项选择题（本大题共4小题，每小题4分，共16分.）11. 甲、乙两车某时刻由
13、同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移时间（x -t）图象如图所示，甲图象过O点的切线与AB平行，过C点的切线与OA平行，则下列说法中正确的是（ ）A. 在两车相遇前， t1时刻两车相距最远B. t3时刻甲车在乙车的前方C. 0t2时间内甲车的瞬时速度始终大于乙车的瞬时速度D. 在0到t3这段时间内，甲、乙两车的平均速度相等【答案】AD.B.t3时刻两车的位置相同，两车处在同一位置，故B错误；D.在0到t3这段时间内，甲、乙两车通过的位移相等，时间也相等，则平均速度相等，故D正确。故选：AD12. 如图所示为甲、乙两质点做直线运动时，通过打点计时器记录的两条
14、纸带，两纸带上各计数点间的时间间隔都相 同关于两质点的运动情况的描述，正确的是（ ）A. 两质点在 t0t4 时间内的平均速度大小相同B. 两质点在 t2 时刻的速度大小相等C. 两质点速度相等的时刻在 t3t4 之间D. 两质点不一定是从同一地点出发的，但在 t0 时刻甲的速度为 0【答案】ABD【解析】A、两质点在t0t4时间内，通过的位移相等，经历的时间相等，故平均速度相等，故A正确；BC、甲图做匀加速直线运动，t2时刻的速度等于t1到t3时刻的平均速度，乙图做匀速运动，t2时刻的速度即为整个过程的平均速度，甲在t1到t3内的位移与乙在t0到t2内的位移相等，用时相等，所以平均速度相等，故B正确，C错误；D、从纸带不能判断出质点出发点的位置，则两质点不一定是从同一地点出发的，在甲图中，相邻相等时间内位移之比满足1：3：5，满足初速度为零的匀加速直线运动的推论，故t0时刻速度甲的速度为零，故D正确；故选：ABD13. 如图所示，倾角为=30o的斜面体c置于粗糙水平地面上，小物块b质量为3m置于斜面上， 通过细绳跨过光滑的定滑轮与质量为m的沙桶a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，a、b、c均静止在质量为m的沙子缓慢流入a中的过程中，c始终静止则（ )A. b对c的摩擦力先减小后增大 B.
