《湖北省2020届高三物理上学期11月月考试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖北省2020届高三物理上学期11月月考试题（含解析）（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、武汉市第六中学2020届高三11月月考 理综物理试卷一、选择题：1.下列叙述错误的是A. 质量、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位千克、米和秒就是基本单位B. 导体达到静电平衡时，表面各处电势相等，场强也相等C. 蹦极运动员离开蹦床上升过程中处于失重状态D. 探究加速度与质量、合外力的关系实验采用的是控制变量的方法【答案】B【解析】【详解】质量、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位千克、米和秒就是基本单位，选项A正确；导体达到静电平衡时，表面各处电势相等，场强不一定相等，选项B错误；蹦极运动员离开蹦床上升过程中，加速度向下，处于失重状态，选项C正确；探究加速度与质量、合外力的
2、关系实验采用的是控制变量的方法，选项D正确；此题选择错误的选项，故选B.2.近年来自然灾害在世界各地频频发生，给人类带来巨大损失科学家们对其中地震、海啸的研究结果表明，地球的自转将因此缓慢变快下列说法正确的是A. “天宫一号”飞行器的高度要略调高一点 B. 地球赤道上物体的重力会略变大C. 同步卫星的高度要略调低一点 D. 地球的第一宇宙速度将略变小【答案】C【解析】【分析】地球自转变快，即地球自转的周期变小，根据向心力公式知道在地面上的物体随地球自转所需的向心力会增大，而万有引力的大小不变对地球同步卫星而言，卫星的运行周期等于地球的自转周期，由开普勒第三定律可以得出卫星的高度的变化【详解】“
3、天宫一号”飞行器的向心力由地球的万有引力提供，其高度与地球的自转快慢无关，故A错误；地球自转快了，则地球自转的周期变小。对于赤道上的物体来说，由于地球自转的周期变小，在地面上的物体随地球自转所需的向心力会增大，而“向心力”等于“地球对物体的万有引力减去地面对物体的支持力”，万有引力的大小不变，所以必然是地面对物体的支持力减小。地面对物体的支持力大小等于物体受到的“重力”，所以是物体的“重力”减小了。故B错误；对地球同步卫星而言，卫星的运行周期等于地球的自转周期。地球自转的周期T变小了，由开普勒第三定律=k可知，卫星的轨道半径R减小，卫星的高度要减小些，故C正确；地球的第一宇宙速度 v=，R是地
4、球的半径，可知v与地球自转的速度无关，故D错误。故选C。3.某景点有山坡滑道，为了探究滑行者在滑道直线部分AE滑行的时间，技术人员通过测量绘制出如图所示的示意图。AC是滑道的竖直高度，D点是AC竖直线上的一点，且有ADDE10 m，滑道AE可视为光滑，滑行者从坡顶A点由静止开始沿滑道AE向下做直线滑动，g取10 m/s2，则滑行者在滑道AE上滑行的时间为A. s B. 2 s C. s D. 2s【答案】B【解析】AE两点在以D为圆心半径为R10 m的圆上，在AE上的滑行时间与沿AD所在的直径自由下落的时间相同，t2 s，选B.4.如图所示，均匀带正电的圆环所带的电荷量为Q，半径为R，圆心为O
5、，A、B、C为垂直于圆环平面且过圆环中心的轴上的三个点，已知BC2AO2OB2R，当在C处放置一点电荷时(不影响圆环的电荷分布情况，整个装置位于真空中)，B点的电场强度恰好为零，则由此可得A点的电场强度大小为A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】将带电圆环分成若干段，每一小段看作一个点电荷，再根据点电荷场强公式E=k，求出每个点电荷在B处产生的场强大小。C点处放置一点电荷时，B点的电场强度恰好为零，说明C处点电荷和圆环上的电荷在B处产生的场强大小相等，方向相反，由E=k求出C处电荷的带电量。再由电场的叠加原理和对称性求A点的电场强度大小。【详解】将圆环等分为n个小段，当n相当大时，
6、每一小段都可以看做点电荷，其所带电荷量为：；每一点电荷在B处的场强为：；由对称性可知，各小段带电环在B处的场强E的垂直于轴向的分量相互抵消，而E1的轴向分量之和即为带电环在B处的场强为：EB=nE1cos45=；C点处放置一点电荷时，B点的电场强度恰好为零，说明C处点电荷和圆环上的电荷在B处产生的场强大小相等，方向相反，设C处电荷的带电量为q。则有：k=EB，解得：q=Q，C处电荷带正电；根据对称性知，圆环在A处的场强大小为：EA1=EB=，方向向左。C处电荷在A处产生的场强为：，方向向左；所以A点的电场强度大小为：EA=EA1+EA2=；故选B。【点睛】本题的关键是要掌握点电荷电场强度的公式
7、E=k，学会微元法处理问题。不能头脑简单直接用E=k求B点的场强。5.质量为M=1kg的木板静止在粗糙水平面上，木板与地面动摩擦因数1，在木板的左端放置一个质量为m=1kg，大小可忽略的铁块。铁块与木板间的动摩擦因数2，g=10m/s2若在铁块右端施加一个从0开始增大的水平向右的力F，假设木板足够长，铁块受木板摩擦力f随拉力F如图变化.,关于两个动摩擦因数的数值正确的是A. 1=0.1 2=0.2 B. 1=0.1 2=0.4 C. 1=0.2 2=0.4 D. 1=0.4 2=0.2【答案】B【解析】由图可知，当 F=6N时，铁块的摩擦变了恒定即为滑动摩擦力，且，解得，在F=6N时，铁块和木
8、板具有相向的加速度，对铁块有：解得对木板有：解得：，故B正确。点晴：解决本题关键找准铁块和木板发生相对运动时的状态，再分别对铁块和木板利用牛顿第二定律解题即可。6.水平面上有质量相等的a、b两个物体，水平推力F1、F2分别作用在a、b 。一段时间后撤去推力，物体继续运动一段距离后停下。两物体的vt图线如图所示，图中ABCD。则整个过程中A. 水平推力F1和F2 大小可能相等B. a的平均速度大于b的平均速度C. F1对 a 物体的冲量小于F2对 b 物体的冲量D. 摩擦力对 a 物体做的功小于摩擦力对 b 物体做的功【答案】CD【解析】【分析】A、由速度图象分析可知，水平推力撤去后，AB与CD
9、平行，说明加速度相同，由牛顿第二定律可求解；B、根据平均速度公式可求得平均速度的大小关系；C、根据动量定理，研究整个过程，确定两个推力的冲量关系；D、根据功的公式分析摩擦力做功的关系。【详解】由图，AB与CD平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力等于摩擦力，根据牛顿第二定律可知，两物体受到的摩擦力大小相等。加力F时，由图象可知a的加速度大于b的加速度，根据F-f=ma可知水平推力F1的大小大于F2大小，故A错误；设两物体的最大速度为v，加F时两物体的平均速度均为v/2，撤去F后两物体的平均速度仍为v/2，可知a的平均速度等于b的平均速度，故B错误；根据动量定理可知，合外
10、力的冲量的关于动量的变化量，即IF-If=0，根据If=ft可知，摩擦力对a的冲量比b小，则F1对 a 物体的冲量小于F2对 b 物体的冲量，故C正确；由图象可知，a的位移小于b的位移，因两物体的摩擦力相等，可知摩擦力对a物体做的功小于摩擦力对b物体做的功，故D正确。故选CD。【点睛】本题首先考查读图能力，其次考查牛顿第二定律的应用能力，要注意明确水平推力撤去后，AB与CD平行，说明加速度相同，动摩擦因数相同。这是解题的关键。7.游乐园里有一种叫“飞椅”的游乐项目，简化后的示意图如图所示。已知飞椅用钢绳系着，钢绳上端的悬点固定在顶部水平转盘上的圆周上。转盘绕穿过其中心的竖直轴匀速转动。稳定后，
11、每根钢绳（含飞椅及游客）与转轴在同一竖直平面内。图中P、Q两位游客悬于同一个圆周上，P所在钢绳的长度大于Q所在钢绳的长度，钢绳与竖直方向的夹角分别为1、2。不计钢绳的重力。下列判断正确的是A. P、Q两个飞椅的线速度大小相同B. 无论两个游客的质量分别有多大，1一定大于2C. 如果两个游客的质量相同，则有1等于2D. 如果两个游客的质量相同，则Q的向心力一定小于P的向心力【答案】BD【解析】【详解】由mgtan=m2htan得，hp=hQ. （h为钢绳延长线与转轴交点与游客水平面的高度），由h=+Lcos（其中r为圆盘半径）得，L越小则越小。则12，与质量无关。由R=r+Lsin可得，RpRQ
12、，则vPvQ；由向心力公式可知F=mgtan，可知Q的向心力一定小于P的向心力，故选项BD正确，AC错误；故选BD.【点睛】飞椅做的是圆周运动，确定圆周运动所需要的向心力是解题的关键，向心力都是有物体受到的某一个力或几个力的合力来提供，在对物体受力分析时一定不能分析出物体受向心力这么一个单独的力8.如图，同一平面内的a、b、c、d四点处于匀强电场中，电场方向与此平面平行，M为a、c连线的中点，N为b、d连线的中点。一电荷量为q（q0）的粒子从a点移动到b点，其电势能减小W1：若该粒子从c点移动到d点，其电势能减小W2，下列说法正确的是A. 此匀强电场的场强方向一定与a、b两点连线平行B. 若该
13、粒子从M点移动到N点，则电场力做功一定为C. 若c、d之间的距离为L，则该电场的场强大小一定不小于D. 若W1=W2，则a、M两点之间的电势差一定等于b、N两点之间的电势差【答案】BCD【解析】【分析】匀强电场中，沿着相同方向每前进相同距离电势的变化相同，根据U=W/q比较电势差，电场力做功等于电势能的减小量。【详解】一电荷量为q（q0）的粒子从a点移动到b点，其电势能减小W1，但ab连线不一定沿着电场线，故A错误；粒子从a点移动到b点，其电势能减小W1，故：qa-qb=W1，粒子从c点移动到d点，其电势能减小W2，故：qc-qd=W2，匀强电场中，沿着相同方向每前进相同距离电势的变化相同，故
14、a-M=M-c，即M=（a+c），同理N=（b+d），故qM-qN=，故B正确；若c、d之间的距离为L，但cd不一定平行电场线，故W2=qELcos，其中为cd与电场线的夹角，不一定为零，故该电场的场强大小不小于，故C正确；若W1=W2，根据U=可知，Uab=Ucd，故a-b=c-d，则a-c=b-d，故Uac=Ubd；而Uac=2UaM，Ubd=2UbN，故UaM=UbN，故D正确；故选BCD。【点睛】本题考查匀强电场中的电场强度与电势差的关系，关键是明确沿着电场线电势降低最快，记住公式U=Ed进行分析。二、非选择题：9.某同学利用倾斜气垫导轨做“验证机械能守恒定律”的实验，实验装置如图1所
15、示其主要实验步骤如下：a用游标卡尺测量挡光条的宽度l，结果如图2所示；b读出导轨标尺的总长L0，并用直尺测出导轨标尺在竖直方向的高度H0；c读出滑块释放处挡光条与光电门中心之间的距离s；d由静止释放滑块，从数字计时器(图1中未画出)上读出挡光条通过光电门所用的时间t.回答下列问题：（1）由图2读出l_mm.（2）_(选填“有”或“没有”)必要用天平称出滑块和挡光条的总质量M.（3）多次改变光电门位置，即改变距离s，重复上述实验，作出随s的变化图象，如图3所示，当已知量t0、s0、l、H0和当地重力加速度g满足表达式=_时，可判断滑块下滑过程中机械能守恒【答案】 (1). 8.20 (2). 没有 (3). 【解析】(1) 游标尺上共有20小格，精度为0.05 mm，用游标卡尺测量挡光条的宽度l(80.054)mm8.20 mm；(2) )欲验证机械能守恒定律，即，为气垫导轨与水平面间的夹角，只需验证，可见没有必要测量滑块和挡光条的总质量M；(3) 由几何知识得，当ss0，tt0时有。10
