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1、限时训练(二十五)一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分. 在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知,其中为虚数单位,则实数的值分别为( ). A. B. C. D.2.如果命题,命题,那么命题是命题的( ). A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件3.要得到函数的图像只需将的图像( ). A.向右平移个单位长度 B.向左平移个单位长度 C.向右平移个单位长度 D.向左平移个单位长度4.某程序框图如图所示,程序运行后,输出的结果是( ). A. B. C. D.5.过点的直线与圆交于两点,则的最小值是( ).A. B. C.
2、 D.6.函数的零点个数为 ( ). A. B. C. D. 7.已知函数是在闭区间上单调递增的偶函数,设,则( ).A. B. C. D. 8. 在上定义运算若不等式对于任意实数恒成立,则实数的取值范围是( ). A. B. C. D. 二、填空题:本大题共小题,每小题分,共分. 把答案填在题中的横线上.9.已知集合,则_10.若变量满足约束条件,则的最大值为_.11.若双曲线与抛物线有一个交点为,则此双曲线的离心率为_12. 在中,分别为角的对边,若,且,则的值为_13.在中,若,则_14. 在正方体中,点是的中点,点是侧面内的动点且平面,则与平面所成角的正切值的取值范围为 . 限时训练(
3、二十五)答案部分 一、选择题:12345678DACBCBAC 二、填空题: 9. 10. 11. 12. 13. 14.解析部分1.解析 ,所以,解得.故选D.2.解析 命题,即且,即且.命题,即或,即或.由于,而,所以是的充分不必要条件.故选A.3.解析 因为,根据函数图像平移左加右减的规律,只需将的图像向右平移个单位长度.故选C. 4.解析 该程序框图的模拟分析如下表所示.步骤 是 是 是 是 是 否输出 由上表,输出的值为. 故选B. 5.解析 将圆的方程化为标准方程为,则圆心,所以,所以点在圆内.设圆心到的距离为,则.当过点的直线与垂直时,有最大值,此时有最小值,所以.故选C.6.解
4、析 解法一(图像法):函数的图像如图所示.观察图像可得函数的零点个数为.故选B.解法二:若,则或,符合条件;若,则,符合条件,所以有3个零点.故选B.7.解析 因为偶函数对称区间的单调性相反,所以函数在上单调递减,又因为,所以,即.故选A.8.解析 由定义的新运算可得,所以,整理得.因为此不等式对实数恒成立,所以.解得,即的取值范围为.故选C.9.解析 由题可得,所以.10.解析 画出不等式组表示的平面区域如图所示,当直线过点时,有最大值,联立方程,解得,即,所以. 11.解析 将代入抛物线方程中,得,解得,所以双曲线为,再将点代入双曲线方程中,得,所以,所以 .12.解析 用正弦定理将中边的关系转化为角的关系,得,即.又因为,所以,.由余弦定理可得,所以.13.解析 如图所示,由得点是延长线上一点,且,所以,所以.又因为,所以,所以.14.解析 设平面与直线交于点,则可证得点为的中点,连接,取的中点,的中点,连接,如图所示.易证,又因为平面,平面,所以平面.同理平面.又因为,所以平面平面.由已知平面,所以平面.设与平面所成的角为,因为平面,所以.当点与或重合时,最大,有最小值,此时;当点为中点,即时,最小,有最大值,此时.所以的取值范围是.