《2022年高一物理必修一牛顿运动定律单元测试》由会员分享,可在线阅读,更多相关《2022年高一物理必修一牛顿运动定律单元测试(7页珍藏版)》请在金锄头文库上搜索。
1、高一物理必修一牛顿运动定律单元测试一、选择题1、( 2010 宁波高一检测)下面关于惯性的说法中,正确的是()A运动速度大的物体比速度小的物体难以停下来,所以运动速度大的物体具有较大的惯性B物体受的力越大,要它停下来就越困难,所以物体受的推力越大,则惯性越大C物体的体积越大,惯性越大D物体含的物质越多,惯性越大2、( 2010 长沙高一检测)下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位()A m、N 、kg B kg 、m/s2、s C m、kg、s D m/s2、kg、N 3、( 2010 泉州高一检测)关于作用力和反作用力,以下说法正确的是()A作用力与它的反作用力总是一对平衡力B地球对物体的作
2、用力比物体对地球的作用力大C作用力与反作用力一定是性质相同的力D凡是大小相等,方向相反,作用在同一条直线上的,并且分别作用在不同物体上的两个力一定是一对作用力和反作用力4( 2010 上饶高一检测)一物体向上抛出后,所受空气阻力大小不变,从它被抛出到落回原地的过程中()A上升时间大于下降时间B上升加速度大于下降加速度C上升阶段平均速度大于下降阶段平均速度D上升阶段平均速度小于下降阶段平均速度5( 2010 惠州高一检测)如图2 所示 . 弹簧左端固定, 右端自由伸长到O点并系住物体m。现将弹簧压缩到A点, 然后释放 , 物体一直可以运动到B点. 如果物体受到的阻力恒定, 则 ( ) A、物体从
3、A到O先加速后减速B、物体从A到O加速运动,从O到B减速运动C、物体运动到O点时所受合力不为零D、物体从A到O的过程加速度逐渐减小6 (2010 浏阳高一检测)质量为M的木块位于粗糙的水平面上,若用大小为F的水平恒力拉木块,其加速度为A 当拉力方向不变,大小变为2F时,木块的加速度为a,则()图 2 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页,共 7 页Aa=a Ba 2aCa 2aDa =2a7( 2010 哈尔滨高一检测)一物体质量为m,该物体所受合力的大小为F,获得加速度为a,那么在下图中,正确表示了它们之间函数关系的是()8(
4、2010 嘉兴高一检测)如图所示,悬挂于小车里的小球偏离竖直方向角,则小车可能的运动情况是()A向右加速运动B向右减速运动C向左加速运动D向左减速运动9( 2010 江门高一检测)如图所示为一光滑竖直圆槽,AP、BP、CP为通过最低点P与水平面分别成30、 45、 60角的三个光滑斜面,与圆相交于A、B、C点. 若一物体由静止分别从A、B、C滑至P点所需的时间为t1,t2,t3,则()At1t2t3 Bt1t2t3 Ct1=t2=t3 Dt1=t2t310( 2010 温州高一检测)如图所示水平面上,质量为10 kg 的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端,弹簧的另一端固定在小车上,小车静止不动
5、,弹簧对物块的弹力大小为5 N时,物块处于静止状态,若小车以加速度a=1 m/s2沿水 平地面向右加速运动时()A物块A相对小车仍静止B物块A受到的摩擦力将减小F F F m m a a a O O O O A B C D 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页,共 7 页C物块A受到的摩擦力大小不变D物块A受到的弹力将增大11、( 2010 德州高一检测)如图所示,物体A放在光滑水平桌面上,用一根细绳系住,若在绳的另一端用mg牛顿的拉力拉物体A时,A的加速度为a1, 若在绳的另一端挂一质量为m的物体时,物体的加速度为a2,则()A
6、. a1a2 B. a1弹,合外力向右,物体加速运动;在O点,只 受mg,方向向左,物体减速运动。故从A到O,物体先加速后减速,加速度先减小后增大。从O到 B,合外力向左,物体一直减速,加速度一直增大。6解析:选C设阻力为f,依题意有F-Ff=Ma,2F-Ff=Ma,由上述两式可得a 2a7解析:选A、D 。由mFa,得 A正确;又因为m为定值,故D正确。8答案: A、D 9答案: C 10答案: AC 11、解析:选A。设物体A的质量为M,若在绳的另一端用mg牛顿 F 的拉力拉物体A时,A的加速度为a1,以 A为研究对象,由牛顿第二定律:gMma1若 在绳的另一端挂一质量为m的精选学习资料
7、- - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页,共 7 页物体时,物体的加速度为a2,以 A和 m整体为研究对象,由牛顿第二定律:gmMma2,显然有a1a2,A正确。12、解析: 选 D。取 M为研究对象, 对其受力进行正交分解,竖直方向:MgFFNsin;水平方向:MaFFNcos,两式联立,得:MFMgFa)sin(cos. 二、计算题13解析:人站在升降机中的体重计上受力情况. (1)当升降机匀速上升时由牛顿第二定律得F合=FNG=0 所以,人受到的支持力FN=G=mg=6010 =600. 根据牛顿第三定律,人对体重计的压力即体重计的示数为60
8、0. (2)当升降机以4 m/s2的加速度加速上升时,根据牛顿第二定律FNG=ma,FN=Gma=m(ga) =60(104)N=840N,此时体重计的示数为840N,大于人的重力600 N ,人处于超重状态. (3)当升降机以5 m/s2的加速度加速下降时,根据牛顿第二定律可得mgFN=ma )510(60)(agmmamgFNN=300 N,体重计的示数为300 ,小于人本身的重力,人处于失重状态. 答案:( 1)600N (2) 840N (3) 300N 14解析: (1)有F作用时,物体做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律得Ff=ma1t时刻速度为v=a1t撤去F后,物体做匀减速直线运
9、动,有f=a2v=2a2t联立、式可求得v=2Ft 3m ,f=F 3,(2)物体前后两段的平均速度mFtvv3/2所以总位移x=v3t=Ft2m. 答案:( 1)f=F3,(2)x=Ft2m. 15解析:设最大速度为Vm,由 S=Vmt 2 得 :Vm=8 ms 又 Vm=a1t1=a2t2由题意 a1=2a2 t=t1+ t2=3 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页,共 7 页则 t1=1 s t2=2s a1=8m s2 a1=4m s2mg f1=ma1且 f2-mg=ma2则 f1=l20N f2=840N 所以 f1
10、: f2=1: 7 。答案: 8 ms 1:7 16解析:( 1)对物体m受力分析如图1 所示沿斜面方向由牛顿第二定律 mgsinmamgcos a=g(sin-)cos =22/4/)5425.053(10smsm(2)由题意知,当F 取最小值时m恰好不下滑,对物体m受力分析如图2 所示, y 方向上由平衡条件0sincosmgFFN(1)X 方向由牛顿第二定律得maFFNcossin(2)又 FNF(3)精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页,共 7 页联立 (1)(2)(3)式解得 a=5m/s2对整体分析由牛顿第二定律得NNamMF155)12()(min由题意知,当F 取最大值时m恰好不上滑,对物体m受力分析如图3 所示, Y方向上由平衡条件得0sinsinmgFFN( 4)X 方向由牛顿第二定律得maFFNcossin (5) 联立 (3) (4) (5)式解得 a=123m/s2对整体分析由牛顿第二定律得NNamMF9 .363.12)12()(max综上得要使m相对 M不滑动 F 必须满足的条件是15NF369N 答案:( 1)2/4sm(2) 15N F369N 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页,共 7 页