《2014年11月22日高三物理期中模拟试卷答案.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2014年11月22日高三物理期中模拟试卷答案.doc（4页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、20142015学年度第一学期江苏省如皋中学期中模拟物理试题参考答案一、选择题：共计31分。1. B 解析：A、功率P与W和时间无关，知功率P=W/t 采用的是比值定义法故A正确 B.在加速度a=F/M中，a随着F和m的变化而变化，不是采用比值定义法定义的故B错误C、电阻R由本身的性质决定，与U和I无关，电阻R=U/I 采用的是比值定义法故C正确 D、磁感应强度的大小由磁场本身决定，与放入磁场中导线长度和电流的大小无关，磁感应强度B=F/IL 采用的是比值定义法故D正确2. C解析：A重力是保守力，做功的大小只与物体的初末的位置有关，与物体的路径等无关，所以在上升和下降的过程中，重力做功的大小
2、是相等的，故上升过程中克服重力做的功等于下降过程中重力做的功，所以A错误；B在上升过程中的平均速度大于下降过程中的平均速度，而空气阻力的大小正比于球的速度，所以在上升过程中的平均阻力大于下降过程中的平均阻力，位移是相等的，所以上升过程中克服阻力做的功大于下降过程中克服阻力做的功，故B错误C物体在上升的过程中，受到的阻力向下，在下降的过程中受到的阻力向上，所以在上升时物体受到的合力大，加速度大，此时物体运动的时间短，在上升和下降的过程中物体重力做功的大小是相同的，由P=W/t可知，上升的过程中的重力的平均功率较大，所以C正确；D上升过程中克服重力做功的最大瞬时功率在初始位置，下降过程中重力做功的
3、最大瞬时功率在回到初始位置处，由于有阻力做负功，所以落回原点的速度小于抛出时的速度，根据P=mgv可知，上升过程中克服重力做功的最大瞬时功率大于下降过程中重力做功的最大瞬时功率，故D错误.3. D解析：A、对整体分析，整体受重力、支持力、竖直向下的洛伦兹力和恒力F，合力为F不变，根据牛顿第二定律知加速度不变A、B一起做匀加速直线运动对A分析，受重力、支持力和洛伦兹力，洛伦兹力增大，则支持力增大，所以A对B的压力变大故A错误B、整体加速度不变，隔离对A分析，f=mAa，知A、B间的摩擦力不变故B错误，C正确D、整体受重力、支持力、竖直向下的洛伦兹力和恒力F，在竖直方向上，洛伦兹力增大，则地面的支
4、持力增大，所以B对地面的压力增大故D错误4. B解析：由题，闪光照相机的闪光频率为f，则闪光周期为T=1/f由图看出：钢球最后在相等的时间内通过的位移相等，说明钢球在做匀速运动，则此时钢球的速度大小为： v=4d/2T=2df由平衡条件得，钢球受到的阻力大小为：F=mg根据F=kv，得：k=F/v=mg/2df，选项ACD错误，B正确故选B5. B解析：分析一下，稳定后B静止，所以绳子上的拉力为mg，拉力（向心力）减小，而半径增大，所以速度减小。从机械能守恒看，没有外力做功，能量不可能增加，剪短绳子，系统的势能降低A错由于C一直在水平板上，因此势能没有改变，而动能降低，因此能量改变B错由于一直
5、没有外力做功，因此间断绳子之后只有B对小球做功，算一下小球前后的能量变化就可以算出来B对小球做功1.5mgRC错（不能用力乘以距离，因为在剪短绳子到稳定过程中绳子的力是一个变力）剪短前，绳子上的力为4mg=F=MV2/R0.5MV2=2mgRB正确6.ACD7.BD8. BC解析: 因为始终有静电力作用，方向不断改变，所以不可能是匀加速运动，A错。 因为速度始终沿杆，所以静电引力与速度的夹角先是锐角，逐渐变大后成钝角，即先做正功，后做负功，机械能先增加后减小。而对整个系统，能量守恒，故械能与电势能之和不变，B对。 BC所在圆是O的等势面，所以由B到C电场力不做功，而重力做正功，所以C点的动能大
6、于小球b在B点的动能，C对。D错，理由同C。 BC9.ACD解析： A、由图，电流不变，压敏电阻的电压不变，由欧姆定律知，其阻值不变，压力不变，可能做匀速直线运动故A正确B、由图看出，电流不断增大，说明电阻不断减小，压敏电阻所受的压力不断增大，加速度增大，而匀加速运动的加速度不变所以电梯不可能匀加速上升故B错误C、由图，电流为静止时的两倍，而且不变，由欧姆定律知，其电阻减小，且不变，则压力增大且不变，电梯可能做匀加速上升运动，处于超重状态故C正确D、由图看出，电流一直大于I0，且不断减小，故电梯的加速度向上，并且一直减小，故电梯可能变减速下降，也可能变加速上升，处于超重状态故D正确故选ACD三
7、、实验题：共计30分。10.（1）d； 0.70； （2）24； 小于11(1)V1 电源电动势E=1.5V和内电阻r=1.0；V2 定值电阻R0=2.0(2)不可能 当电流表读数达到0.6A时，从图(b)中可以看出测路端电压的电压表V1的读数会小于V2的读数,在电路里是不可能实现的(或者电路中的最大电流应该是0.5A).1210. (1) 1.225(1.220或1.230都得分)1.130(1.1281.132)(每空2分，共4分)(2) 能在气垫导轨上静止或做匀速运动或滑块经两个光电门的时间相等(2分) AB(2分) mgL(mM)(mM)(2分)四、计算题： 本题共4小题，共计59分。
8、解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的， 答案中必须明确写出数值和单位。来源:Z#xx#k.Co13(11分)解： 设地球质量为M，飞船质量为m，则：飞船在A点由牛顿第二定律得： (2分)对地面上质量为m0的物体 (2分)解得飞船在近地点A的加速度 (2分)（2） 飞船在预定圆轨道上飞行的周期 (2分)设预定圆轨道半径为r，则 (2分) 又 (2分)解得飞行速度： (2分)14(16分)解：（1） 电子在复合场中不发生偏转，所受电场力和洛仑兹力平衡： （2分）得初速度的表达式： （2分）（2）电子垂直进入匀强电场，向上偏转作类平抛运动： （2
9、分）得电子比荷： （2分）（3）正确作出轨迹和标出偏转角各给1分.（共2分）（4）电子垂直进入匀强磁场作匀速圆周运动，洛仑兹力提供向心力： （2分）代入比荷的表达式得 （2分） 由图可知， 或 （2分）15（16分）解：vMNPB0r1r1（1）离子在磁场中运动，由洛伦兹力提供向心力可得：B0qv1= (2分) r1=0.15m (1分)s2=r12-（d-r1）2 (2分)代入数据解得：s=0.1m0.14m (1分)（2）离子刚好不从边界射出时的最大半径为r2= (1分)vMNPB0B0qvm= (2分)代入数据解得：vm=2106m/s (1分)（3）离子在原磁场中运动周期s (1分)离
10、子在磁场中运动第一次遇到外加磁场前的过程中轨迹对应的圆心角 (1分)施加附加磁场后，离子在磁场中做的圆周运动半径将变小，周期T2为s (1分)即离子刚好能运动一个完整的圆周，接下来在B0磁场中继续偏转对照外加磁场的规律可知，每隔s离子在周期性外加磁场时，离子可做5次完整的匀速圆周运动，如图所示最后还经过P点离子从P点射入磁场到第一次回到P点的总时间t为t=T1+5T2 (2分) 解得t =s (1分)16（16分）解析：（1）解除锁定弹开AB后，AB两物体的速度大小： （2分）弹簧储存的弹性势能 （1分）（2）B滑上传送带匀减速运动，当速度减为零时，滑动的距离最远由动能定理得： （2分） 得： 1分）（3）物块B沿传送带向左返回时，先匀加速运动，物块速度与传送带速度相同时一起匀速运动，设物块B加速到传送带速度v需要滑动的距离为由 得 （1分） 表明物块B滑回水平面MN的速度没有达到传送带速度所以: （1分）（4）设弹射装置对A做功为，则： （1分） AB碰后速度互换，B的速度 = （1分）B要刚好能滑出平台Q端，由能量关系有： （1分） 又mA=mB， 联立解得： （1分） （1分） B滑过传送带过程，传送带移动的距离： （1分)所求内能： (2分)
