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1、编译原理试题及答案一、对于文法 GS ： S 1A | 0B | A 0S | 1AA B 1S | 0BB (3 分 ) 请写出三个关于 GS 的句子； (4 分 ) 符号串 11A0S 是否为 G S 的句型？试证明你的结论。 (3 分 ) 试画出 001B 关于 G S 的语法树。 二、请构造一个文法，使其产生这样的表达式 E ：表达式中只含有双目运算符 + 、 * ，且 + 的优先级高于 * ， + 采用右结合， * 采用左结合，运算对象只有标识符 i ，可以用括号改变运算符优先级。要求给出该文法的形式化描述。 三、设有语言 L= | 0,1 + ，且不以 0 开头，但以 00 结尾
2、。 试写出描述 L 的正规表达式； 构造识别 L 的 DFA （要求给出详细过程，并画出构造过程中的 NDFA 、 DFA 的状态转换图，以及 DFA 的形式化描述 ) 。 四、给定文法 GS ： S AB A aB | bS | c B AS | d (6 分 ) 请给出每一个产生式右部的 First 集； (3 分 ) 请给出每一个非终结符号的 Follow 集； (8 分 ) 请构造该文法的 LL(1) 分析表； (8 分 ) 什么是 LL(1) 文法？该文法是 LL(1) 文法吗？为什么？ 五、给定文法 GS ： S SaA|a A AbS|b 请构造该文法的以 LR(0) 项目集为状
3、态的识别规范句型活前缀的 DFA 。 请构造该文法的 LR(0) 分析表。 什么是 LR(0) 文法？该文法是 LR(0) 文法吗？为什么？ 什么是 SLR(1) 文法？该文法是 SLR(1) 文法吗？为什么？ 六、给定下列语句： if a+bc then x := a*(b-c) + (b*c-d)/e 写出其等价的逆波兰表示； 写出其等价的四元式序列。 七、已知下列 C 语言程序：int * f() int a = 100; return &a; main() int * i = f(); char a = “compiler”; printf(“the result is %dn”, *
4、i); 程序运行结果为： the result is 26157, 请解释为什么程序运行的结果不是期望的“ the result is 100 ”？1.1 三个 0 和 1 数量相等的串 1.2 S = 1A = 11AA = 11A 0S 1.3 第二题 构造文法如下 : GE=(+,*,(,),i, E,F,T, P, E) ， 其中 P 为： EE*F|F FT+F|T T(E)|i第三题 （ 1 ）正规表达式： 1(0|1) * 00 （ 2 ）第一步：将正规表达式转换为 NDFA 第二步：将 NDFA 确定化为 DFA ： 造表法确定化（ 3 分） 确定化后 DFA M 的状态转换表
5、 (2 分 ) 状态 输入 I 0 I 1 t 0 1 S A,D,B q 0 q 1 A,D,B D,B,C D,B 重新命名 q 1 q 2 q 3 D,B,C D,B,C,Z D,B q 2 q 4 q 3 D,B D,B,C D,B q 3 q 2 q 3 D,B,C,Z D,B,C,Z D,B q 4 q 4 q 3 DFA 的状态转换图（ 3 分） 第三步：给出 DFA 的形式化描述 DFA M = （ q 0 , q 1 , q 2 , q 3 , q 4 , 0,1, t, q 0 , q 4 ） t 的定义见 M 的状态转换表。第四题 （ 1 ） First(AB) = a,
6、 b, c First(aB) = a First(bS) = b First(c) = c First(AS) = a, b, c First(d) = d （ 2 ） Follow(S) = #, a, b, c, d Follow(A) = a, b, c, d Follow(B) = #, a, b, c, d （ 3 ） LL(1) 分析表（ 8 分） V N V T a b c d # S S ? AB S ? AB S ? AB A A ? aB A ? bS A ? C B B ? AS B ? AS B ? AS B ? d （ 4 ）对于文法 G 的每一个非终结符 U 的产
7、生式 U ? 1 | 2 | n ， 如果 SELECT(U ? i ) ? SELECT(U ? j ) = ? （ ij, i,j=1, 2, , n ）， 则文法 G 是一个 LL(1) 文法。 该文法是 LL(1) 文法。 因为 SELECT(A ? aB) ? SELECT(A ? bS) ? SELECT(A ? C) = ? SELECT(B ? AS) ? SELECT(B ? d) = ?第五题 拓广文法 1 分 GS : S S S SaA S a A AbS A b 该文法的以 LR(0) 项目集为状态的识别规范句型活前缀的 DFA ： 该文法的 LR(0) 分析表： 状
8、态 ACTION GOTO a b # S A 0 S 2 1 1 S 3 acc 2 r 3 r 3 r 3 3 S 5 4 4 r 2 r 2 /S 6 r 2 5 r 5 r 5 r 5 6 S 2 7 7 r 4 /S 3 r 4 r 4 LR(0) 文法：该文法的以 LR(0) 项目集为状态的识别规范句型活前缀的 DFA 中没有冲突状态。 该文法不是 LR(0) 文法 因为存在冲突状态： I 4 和 I 7 SLR(1) 文法：该文法的以 LR(0) 项目集为状态的识别规范句型活前缀的 DFA 中有冲突状态，冲突可用 FOLLOW 集解决。 该文法不是 SLR(1) 文法。 因为 FOLLOW(S)=a,b,# ，所以无法解决冲突 第六题 （ 1 ） (1) ab+c (23) jumpf (8) xabc-*bc*d-e/+:= (23) . （ 2 ） 第七题C 语言采用栈式存储分配方法作为其运行环境； f() 返回的是指向其活动记录某一位置的指针； f() 返回后，其活动记录被释放，并且，其对应的存储空间被数组 a 占用， 再次引用该指针时，其结果由于对回收的活动记录所占用的内存空间的再分配，其所指的值 发生了改变。释放在前，引用在后的现象称 : Dangling Reference 。更多本课程的试题和答案5
