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1、第2讲不等式选讲年份卷别考查内容及考题位置命题分析2018卷绝对值不等式的解法、不等式的恒成立问题T231.不等式选讲是高考的选考内容之一，考查的重点是不等式的证明、绝对值不等式的解法等，命题的热点是绝对值不等式的求解，以及绝对值不等式与函数的综合问题的求解2此部分命题形式单一、稳定，难度中等，备考本部分内容时应注意分类讨论思想的应用.卷绝对值不等式的解法、不等式的恒成立问题T23卷含绝对值函数图象的画法、不等式的恒成立问题T232017卷含绝对值不等式的解法、求参数的取值范围T23卷基本不等式的应用、一些常用的变形及证明不等式的方法T23卷含绝对值不等式的解法、函数最值的求解T232016卷
2、含绝对值函数图象的画法、含绝对值不等式的解法T24卷含绝对值不等式的解法、比较法证明不等式T24卷含绝对值不等式的解法、绝对值不等式的性质T24绝对值不等式的解法(综合型)含有绝对值的不等式的解法(1)|f(x)|a(a0)f(x)a或f(x)a；(2)|f(x)|0)af(x)a；(3)对形如|xa|xb|c，|xa|xb|c的不等式，可利用绝对值不等式的几何意义求解 典型例题 (2018太原模拟)已知函数f(x)|xm|2x1|.(1)当m1时，求不等式f(x)2的解集；(2)若f(x)|2x1|的解集包含，求m的取值范围【解】(1)当m1时，f(x)|x1|2x1|，当x1时，f(x)3
3、x22，所以1x；当x1时，f(x)x2，所以x0)，|xa|xb|c(或c)(c0)型不等式的解法可通过零点分区间法或利用绝对值的几何意义进行求解(1)零点分区间法的一般步骤令每个绝对值符号的代数式为零，并求出相应的根将这些根按从小到大排列，把实数集分为若干个区间由所分区间去掉绝对值符号得若干个不等式，解这些不等式，求出解集取各个不等式解集的并集就是原不等式的解集(2)利用绝对值的几何意义由于|xa|xb|与|xa|xb|分别表示数轴上与x对应的点到a，b对应的点的距离之和与距离之差，因此对形如|xa|xb|c(或c)(c0)或|xa|xb|c(或c)(c0)的不等式，利用绝对值的几何意义求
4、解更直观 对点训练(2018合肥第一次质量检测)已知函数f(x)|2x1|.(1)解关于x的不等式f(x)f(x1)1；(2)若关于x的不等式f(x)mf(x1)的解集不是空集，求m的取值范围解：(1)f(x)f(x1)1|2x1|2x1|1，则或或解得x或x，即x，所以原不等式的解集为.(2)由条件知，不等式|2x1|2x1|(|2x1|2x1|)min即可由于|2x1|2x1|12x|2x1|12x2x1|2，当且仅当(12x)(2x1)0，即x时等号成立，故m2.所以m的取值范围是(2，)不等式的证明(综合型) 含有绝对值的不等式的性质|a|b|ab|a|b|. 算术几何平均不等式定理1
5、：设a，bR，则a2b22ab，当且仅当ab时，等号成立定理2：如果a，b为正数，则，当且仅当ab时，等号成立定理3：如果a，b，c为正数，则，当且仅当abc时，等号成立定理4：(一般形式的算术几何平均不等式)如果a1，a2，an为n个正数，则，当且仅当a1a2an时，等号成立 典型例题 (2018长春质量检测(一)设不等式|x1|x1|1.【解】(1)由已知，令f(x)|x1|x1|由|f(x)|2得1x1，即Ax|1x1，只需证|1abc|abc|，只需证1a2b2c2a2b2c2，只需证1a2b2c2(1a2b2)，只需证(1a2b2)(1c2)0，由a，b，cA，得a2b21，c20恒
6、成立综上，1.证明不等式的方法和技巧(1)如果已知条件与待证明的结论直接联系不明显，可考虑用分析法；如果待证的命题以“至少”“至多”等方式给出或是否定性命题、唯一性命题，则考虑用反证法(2)在必要的情况下，可能还需要使用换元法、构造法等技巧简化对问题的表述和证明尤其是对含绝对值不等式的解法或证明，其简化的基本思路是化去绝对值符号，转化为常见的不等式(组)求解多以绝对值的几何意义或“找零点、分区间、逐个解、并起来”为简化策略，而绝对值三角不等式，往往作为不等式放缩的依据对点训练(2018陕西教学质量检测(一)已知函数f(x)|2x1|x1|.(1)解不等式f(x)3；(2)记函数g(x)f(x)
7、|x1|的值域为M，若tM，证明t213t.解：(1)依题意，得f(x)所以f(x)3或或解得1x1，即不等式f(x)3的解集为x|1x1(2)证明：g(x)f(x)|x1|2x1|2x2|2x12x2|3，当且仅当(2x1)(2x2)0时取等号，所以M3，)t213t，因为tM，所以t30，t210，所以0，所以t213t.含绝对值不等式的恒成立问题(综合型)典型例题 (2018郑州第一次质量预测)设函数f(x)|x3|，g(x)|2x1|.(1)解不等式f(x)ax4对任意的实数x恒成立，求a的取值范围【解】(1)由已知，可得|x3|2x1|，即|x3|20，解得x4.故所求不等式的解集为
8、(4，)(2)由已知，设h(x)2f(x)g(x)2|x3|2x1|当x3时，只需4x5ax4恒成立，即ax4x9恒成立，因为x34恒成立，所以a，所以a1；当3xax4恒成立，即ax3ax4恒成立，即ax0，所以a4，且x时，44，所以a4.综上，a的取值范围是(1，4绝对值不等式的成立问题的求解模型(1)分离参数：根据不等式将参数分离化为af(x)或af(x)形式(2)转化最值：f(x)a恒成立f(x)mina；f(x)a恒成立f(x)maxa有解f(x)maxa；f(x)a有解f(x)mina无解f(x)maxa；f(x)1的解集为x|x(2)当x(0，1)时|x1|ax1|x成立等价于
9、当x(0，1)时|ax1|0，|ax1|1的解集为0x，所以1，故04|a1|，求实数a的取值范围；(2)若存在实数x，y，使f(x)g(y)0，求实数a的取值范围解：(1)因为f(2a21)4|a1|，所以|2a22a|a21|4|a1|，所以|a1|(2|a|a1|4)0，所以|2a|a1|4且a1.若a1，则2aa14，所以a；若1a4，所以a4，所以a1.综上所述，a的取值范围为(1，)(2)因为g(x)(x1)25251，显然可取等号，所以g(x)min1.于是，若存在实数x，y，使f(x)g(y)0，只需f(x)min1.又f(x)|x12a|xa2|(x12a)(xa2)|(a1
10、)2，所以(a1)21，所以1a11，所以0a2，即a0，21(2018高考全国卷)设函数f(x)5|xa|x2|.(1)当a1时，求不等式f(x)0的解集；(2)若f(x)1，求a的取值范围解：(1)当a1时，f(x)可得f(x)0的解集为x|2x3(2)f(x)1等价于|xa|x2|4.而|xa|x2|a2|，且当x2时等号成立故f(x)1等价于|a2|4.由|a2|4可得a6或a2.所以a的取值范围是(，62，)2(2018开封模拟)已知函数f(x)|xm|，m0.(1)当m1时，求解不等式f(x)f(x)2x；(2)若不等式f(x)f(2x)1的解集非空，求m的取值范围解：(1)设F(x)|x1|x1|由F(x)G(x)解得x|x2或x0(2)f(x)f(2x)|xm|2xm|，m0.设g(x)f(x)f(2x)，当xm时，g(x)mxm2x2m3x，则g(x)m；当mx时，g(x)xmm2xx，则g(x)m；当x时，g(x)xm2xm3x2m，则g(x).则g(x)的值域为，不等式f(x)f(2x)，解得m2，由于m0，则m的取值范围是(2，0)3(2018石家庄质量检测(一)已知函数f(x)|ax
