《辽宁省葫芦岛协作校2019届高三物理上学期第二次考试试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《辽宁省葫芦岛协作校2019届高三物理上学期第二次考试试题（含解析）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、辽宁省葫芦岛协作校2019届高三上学期第二次考试理综物理试题一、选择题1.如图所示，边长为L、匝数为N，电阻不计的正方形线圈abcd在磁感应强度为B的匀强磁场中绕转轴OO转动，转轴OO垂直于磁感线，在线圈外接一个含有理想变压器的电路，变压器原、副线圈的匝数分别为n1和n2.保持线圈以恒定角速度转动，下列判断正确的是（ ）A. 从图位置计时，矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为e= NBL2sintB. 电压表V1示数等于NBL2，电压表V2示数等于C. 当可变电阻R的滑片P向上滑动时，电压表V2的示数变大D. 当可变电阻R的滑片P向上滑动时，变压器的输入功率减小【答案】D【解析】A、从垂直
2、于中性面时开始时,矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为 磁通量为零,电动势最大，故A错B、交流电压的最大值等于 ,电压表 示数为有效值 故B错误 C、当P位置向上移动,R增大,根据理想变压器的变压原理知输出电压即电压表的示数不变,故C错误;D、当可变电阻R的滑片P向上滑动时不变，R增大，由知负载消耗的功率减小，而变压器的输入与输出功率相等所以D选项是正确的;综上所述本题答案是：D点睛：正弦式交流发电机从垂直中性面位置开始计时,其电动势表达式为: 2.如图甲所示，水平地面上固定一个倾角为30的表面粗糙的斜劈，一个质量为m的小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑。现对小物块施加一个水平向右的恒力F，使
3、它沿该斜劈表面匀速上滑。如图乙所示，则F大小应为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑，则有mgsin30=mgcos30，可得小物块与斜劈表面间的动摩擦因数=tan30，由小物块能沿着斜劈表面匀速上滑，受力分析如图所示：根据平衡条件：沿斜面方向：Fcos30-f-mgsin30=0垂直斜面方向：N=mgcos30+Fsin30 又f=N，联立可得： ，故A正确，BCD错误。3.我国于2017年11月发射“嫦娥五号”探月卫星，计划执行月面取样返回任务。“嫦娥五号”从月球返回地球的过程可以简单分成四步，如图所示第一步将“嫦娥五号”发射至月球表面附近的环月圆
4、轨道，第二步在环月轨道的A处进行变轨进入月地转移轨道，第三步当接近地球表面附近时，又一次变轨，从B点进入绕地圆轨道，第四步再次变轨道后降落至地面，下列说法正确的是（ ）A. 将“嫦娥五号”发射至轨道时所需的发射速度为7.9km/sB. “嫦娥五号”从环月轨道进入月地转移轨道时需要加速C. “嫦娥五号”从A沿月地转移轨到达B点的过程中其动能一直增加D. “嫦娥五号”在第四步变轨时需要加速【答案】B【解析】A、月球的第一宇宙速度比地球的要小,故A错误;B、“嫦娥五号”从轨道进入月地转移轨道是离心运动,所以需要加速,所以B选项是正确的;B、刚开始的时候月球对“嫦娥五号”的引力大于地球对“嫦娥五号”的
5、引力,所以动能要减小,之后当地球的引力大于月球的引力时,卫星的动能就开始增加,故C错误;D、“嫦娥五号”降落至地面的运动为向心运动,需要减速,故D错误.综上所述本题答案是：B 点睛：第一宇宙速度是在星球表面发射飞行器的最小发射速度;圆周运动的卫星加速后做离心运动,减速后做向心运动.4.如图所示，物体A、B的质量分别为m、2m，物体B置于水平面上，B物体上部半圆型槽的半径为R，将物体A从圆槽右侧顶端由静止释放，一切摩擦均不计。则（ ）A. A不能到达B圆槽的左侧最高点B. A运动到圆槽的最低点时A的速率为C. A运动到圆槽的最低点时B的速率为D. B向右运动的最大位移大小为【答案】D【解析】运动
6、过程不计一切摩擦，故由能量守恒可得：机械能守恒，且两物体水平方向动量守恒，那么A可以到达B圆槽的左侧最高点，且A在B圆槽的左侧最高点时，A、B的速度都为零，故A正确；AB整体在水平方向上合外力为零，故在水平方向上动量守恒，所以mvA-2mvB=0，即vA=2vB，A的水平速度向左，B的水平速度向右；又有A在水平方向的最大位移和B在水平方向上的最大位移之和为2R，故B向右运动的最大位移大小为R；故D正确；对A运动到圆槽的最低点的运动过程对AB整体应用机械能守恒可得：mgRmvA2+2mvB23mvB2；所以A运动到圆槽的最低点时B的速率为：vB；A的速率为：vA2vB，故BC错误；故选D。点睛：
7、此题实质上是“人船模型”，关键是知道系统在水平方向动量守恒，机械能守恒；并能正确选择研究对象进行研究.5.如图，固定木板AB倾角600，板BC水平，AB、BC长度均为L，小物块从A处由静止释放，恰好滑到C处停下来若调整BC使其向上倾斜，倾角不超过90，小物块从A处由静止滑下再沿BC上滑，上滑的距离与BC倾角有关不计B处机械能损失，各接触面动摩擦因数相同，小物块沿BC上滑的最小距离为x，则( ) A. B. C. D. 【答案】B【解析】小物块从A处由静止释放，恰好滑到C处停下来，由动能定理得： 若调整BC使其向上倾斜,设BC与水平方向之间的夹角为时，小物块沿BC上滑的最小距离为x，由动能定理可
8、得： 解得： 综上所述本题答案是：B6.如图所示，xOy平面位于光滑水平桌面上，在Ox2L的区域内存在着匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面向下。由同种材料制成的粗细均匀的正六边形导线框，放在该水平桌面上，AB与DE边距离恰为2L，现施加一个水平向右的拉力F拉着线框水平向右匀速运动，DE边与y轴始终平行，从线框DE边刚进入磁场开始计时，则线框中的感应电流i(取逆时针方向的电流为正)随时间t的函数图象和拉力F随时间t的函数图象大致是( )A. B. C. D. 【答案】AC【解析】当DE边在0L区域内时，导线框运动过程中有效切割长度越来越大，与时间成线性关系，初始就是DE边长度，所以电流与时间的关
9、系可知A正确，B错误；因为是匀速运动，拉力F与安培力等值反向，由知，力与L成二次函数关系，因为当DE边在02L区域内时，导线框运动过程中有效切割长度随时间先均匀增加后均匀减小，所以F随时间先增加得越来越快后减小得越来越慢，选C正确，D错误。所以AC正确，BD错误。7.为了测量某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左、右两端开口，在垂直于前、后面的方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在上、下两个面的内侧固定有金属板M、N作为电极，污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U，若用Q表示污水流量（单
10、位时间内流出的污水体积），下列说法中正确的是（ ）A. M板电势一定高于N板的电势B. 污水中离子浓度越高，电压表的示数越大C. 污水流动的速度越大，电压表的示数越大D. 电压表的示数U与污水流量Q成正比【答案】ACD【解析】A项，根据左手定则知负离子所受洛伦兹力方向向下，正离子所受洛伦兹力方向向上，所以M板电势一定高于N板的电势，故A正确；B、C项，最终离子处于平衡，故电场力等于洛伦兹力，根据牛顿第二定律有 ，解得 ，所以与离子的浓度无关，与污水流动的速度成正比，故B项错误，C项正确。D项，根据 ，则流量 ，即 ，故电压表示数与污水流量成正比，故D项正确。综上所述本题正确答案为ACD。8.如
11、图所示，匀强电场分布在边长为L的正方形区域ABCD内，M、N分别为AB和AD的中点，一个初速度为v0、质量为m、电荷量为q的带负电粒子沿纸面射入电场带电粒子的重力不计如果带电粒子从M点垂直电场方向进入电场，则恰好从D点离开电场若带电粒子从N点垂直BC方向射入电场，则带电粒子（ ）A. 从BC边界离开电场B. 从AD边界离开电场C. 在电场中的运动时间为D. 离开电场时的动能为【答案】BD【解析】从MD过程粒子做类平抛运动，则沿v0方向有： ，垂直v0方向： 又 ，解得： ，带电粒子从N点垂直BC方向射入电场，粒子做匀减速直线运动，设粒子匀减速的位移为x时速度减至零，根据动能定理得： ，解得 ，
12、所以粒子最终从AD边离开电场，粒子在电场中运动的时间为： ，离开电场时电场力做功为零，故有离开电场时的动能为： 故BD正确；综上所述本题答案是：BD二、实验题9.某同学设计了一个如图所示的装置测定滑块与木板间的动摩擦因数，其中A为滑块，B和C是质量可调的砝码，不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦，装置水平放置。实验中该同学在砝码总质量（m+m=m0）保持不变的条件下，改变m和m的大小，测出不同m下系统的加速度a，然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数。（1）该同学手中有打点计时器、纸带、质量已知且可随意组合的砝码若干、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线，为了完成本实验，得到所要测
13、量的物理量，还应有_。A秒表 B毫米刻度尺 C天平 D低压交流电源（2）实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图所示，从清晰的O点开始，每隔4个点取一计数点（中间4个点没画出），分别记为A、B、C、D、E、F，各计数点到O点的距离为OA=1.61cm，OB=4.02cm，OC=7.26cm，OD=11.30cm，OE=16.14cm，OF=21.80cm，打点计时器打点频率为50Hz，则由此纸带可得到打E点时滑块的速度v=_m/s，此次实验滑块的加速度a=_m/s2。（结果均保留两位有效数字）（3）在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a为纵轴，绘制了如图所示的实验图线，结合本实
14、验可知滑块与木板间的动摩擦因数=_。（g取10m/s2）【答案】 (1). BD; (2). 0.53; (3). 0.81; (4). 0.3;【解析】【分析】(1)本实验中需要交流电源和长度的测量工具；(2)每隔4个点取一计数点，相邻计数点之间的时间间隔为0.1s，由匀加速规律可得，用平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解速度、用x=at2求解加速度；(3)对系统应用牛顿第二定律，得到图线的纵轴截距为-g，可解得动摩擦因数。【详解】(1) A项：打点计时器通过打点即可知道时间，故不需要秒表，故A错误；B项：实验需要测量两点之间的距离，故需要毫米刻度尺，故B正确；C项：本实验中可以不测滑块的质量
15、，而且砝码的质量已知，故天平可以不选，故C错误；D项：打点计时器要用到低压交流电源，故D正确。故选：BD(2) 每隔4个点取一计数点，相邻计数点之间的时间间隔为0.1s，故用平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得： 由x=at2可得：；(3) 对ABC系统应用牛顿第二定律可得： 所以，a-t图象中，纵轴的截距为-g，故-g=-3，=0.30。【点睛】熟悉纸带的处理方法，注意时间的数值和长度的单位、逐差法等；对于图象问题，注意分析截距、斜率、面积等的含义。10.如图所示，用伏安法测电源电动势和内阻的实验中，在电路中接一个阻值为2的电阻R0，通过改变滑动变阻器，得到几组电表的实验数据：（1）R0的作用是_；（2）用作图法在坐标系内作出U-I图线_；（3）利用图线，测得电动势E=_V，内阻r =_
