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1、河北衡水武邑中学2023-2024学年高一数学第一学期期末复习检测试题注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1已知，那么“”是“”的（）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件2已知点P(1，a)在角的终边上，tan则实数
2、a的值是（）A.2B.C.2D.3已知集合，那么A.（-1,2）B.（0，1）C.（-1,0）D.（1,2）4用斜二测画法画一个水平放置的平面图形的直观图是如图所示的一个正方形，则原来的图形是（ ）A.B.C.D.5一个孩子的身高与年龄（周岁）具有相关关系，根据所采集的数据得到线性回归方程，则下列说法错误的是（）A.回归直线一定经过样本点中心B.斜率的估计值等于6.217，说明年龄每增加一个单位，身高就约增加6.217个单位C.年龄为10时，求得身高是，所以这名孩子的身高一定是D.身高与年龄成正相关关系6已知函数是R上的偶函数.若对于都有，且当时，则的值为（）A.2B.1C.1D.27设集合，
3、则（）A.B.C.D.8已知函数是定义在上的偶函数，当时，则函数的零点个数为（）A.20B.18C.16D.149角的终边落在A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限10如图，在正四棱柱中，点是平面内的一个动点，则三棱锥的正视图和俯视图的面积之比的最大值为AB.C.D.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11九章算术中将底面为长方形且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥称之为阳马.已知阳马，底面，则此阳马的外接球的表面积为_.12已知甲运动员的投篮命中率为0.7，乙运动员的投篮命中率为0.8，若甲、乙各投篮一次，则恰有一人命中的概率是_13若数据的方差为3，则数据的方差为_14函
4、数的定义域是_.15经过点，且在轴上的截距等于在轴上的截距的2倍的直线的方程是_16使得成立的一组，的值分别为_.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17函数的部分图象如图所示.（1）求函数f(x)的解析式;（2）当x-2，2时，求f(x)的值域.18已知函数的定义域为R，其图像关于原点对称，且当时，（1）请补全函数的图像，并由图像写出函数在R上的单调递减区间；（2）若，求的值19（1）已知是角终边上一点，求，的值；（2）已知，求下列各式的值：；20已知函数（1）求函数的最小值；（2）求函数的单调递增区间21已知定义在上的函数是奇函数（1）求实数，的
5、值；（2）判断函数的单调性；（3）若对任意的，不等式有解，求实数的取值范围参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、A【解析】化简得，再利用充分非必要条件定义判断得解.【详解】解：.因为“”是“”的充分非必要条件，所以“”是“”的充分非必要条件.故选：A2、C【解析】利用两角和的正切公式得到关于tan 的值，进而结合正切函数的定义求得a的值.【详解】，tan 2，点P(1，a)在角的终边上，tan a，a2.故选：C.3、A【解析】利用数轴，取所有元素，得【名师点睛】对于集合的交、并、补运算问题，应先把集合化简再计算，常
6、常借助数轴或韦恩图处理4、A【解析】由斜二测画法的规则知与x轴平行或重合的线段与x轴平行或重合，其长度不变，与y轴平行或重合的线段与x轴平行或重合，其长度变成原来的一半，正方形的对角线在y轴上，可求得其长度为，故在平面图中其在y轴上，且其长度变为原来的2倍，长度为2，观察四个选项，A选项符合题意故应选A考点：斜二测画法点评：注意斜二测画法中线段长度的变化5、C【解析】利用线性回归方程过样本中心点可判断A；由回归方程求出的数值是估计值可判断B、C；根据回归方程的一次项系数可判断D；【详解】对于A，线性回归方程一定过样本中心点，故A正确；对于B，由于斜率是估计值，可知B正确；对于C，当时，求得身高
7、是是估计值，故C错误；对于D，线性回归方程的一次项系数大于零，故身高与年龄成正相关关系，故D正确；故选：C【点睛】本题考查了线性回归方程的特征，需掌握这些特征，属于基础题.6、C【解析】根据题意求得函数的周期，结合函数性质，得到，在代入解析式求值，即可求解.【详解】因为为上的偶函数，所以，又因为对于，都有，所以函数的周期，且当时，所以故选：C.7、D【解析】解一元二次不等式求出集合A，利用交集定义和运算计算即可【详解】由题意可得，则故选：D8、C【解析】解方程，得或，作出的图象，由对称性只要作的部分，观察的图象与直线和直线的交点的个数即得【详解】,或根据函数解析式以及偶函数性质作图象，当时，.
8、，是抛物线的一段，当，由的图象向右平移2个单位，并且将每个点的纵坐标缩短为原来的一半得到，依次得出y轴右侧的图象，根据对称轴可得左侧的结论，时，的图象与直线和的交点个数，分别有3个和5个，函数g(x)的零点个数为，故选：C【点睛】本题考查函数零点个数，解题方法是数形结合思想方法，把函数零点个数转化为函数图象与直线交点个数，由图象易得结论9、A【解析】根据角的定义判断即可【详解】，故为第一象限角，故选A【点睛】判断角的象限，将大角转化为一个周期内的角即可10、B【解析】由题意可知，P在正视图中的射影是在C1D1上，AB在正视图中，在平面CDD1C1上的射影是CD，P的射影到CD的距离是AA1=2
9、，所以三棱锥PABC的正视图的面积为三棱锥PABC的俯视图的面积的最小值为，所以三棱锥PABC的正视图与俯视图的面积之比的最大值为，故选B点睛：思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系，遵循“长对正，高平齐，宽相等”的基本原则，其内涵为正视图的高是几何体的高，长是几何体的长；俯视图的长是几何体的长，宽是几何体的宽；侧视图的高是几何体的高，宽是几何体的宽.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】将该几何体放入长方体中，即可求得外接球的半径，再由球的表面积公式即可得解.【详解】将该几何体放入长方体中，如图，易知该长方体的长、宽、高分别为、，所以该几何体的外接球
10、半径，所以该球的表面积.故答案为：.12、38#【解析】利用相互独立事件概率乘法公式及互斥事件概率计算公式即求.【详解】甲运动员的投篮命中率为0.7，乙运动员的投篮命中率为0.8，甲、乙各投篮一次，则恰有一人命中的概率是.故答案为：0.38.13、12【解析】所求方差为，填14、【解析】利用对数函数的定义域列出不等式组即可求解.【详解】由题意可得，解得，所以函数的定义域为.故答案为：15、或【解析】设所求直线方程为 ，将点代入上式可得或.考点：直线的方程16、，（不唯一）【解析】使得成立，只需，举例即可.【详解】使得成立，只需，所以,，使得成立的一组，的值分别为，故答案为：，（不唯一）三、解答
11、题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）；（2） .【解析】（1）由最大值求出，由周期求出，由求出，进而求得的解析式；（2）由的范围求得的范围，从而得到的范围，进而求得的值域.【详解】（1）由图象可知，由可得，又，所以，所以.（2）当时，所以，故的值域为.18、（1）作图见解析；单调减区间是和（2）0【解析】（1）由图象关于原点对称，补出另一部分，结合图可求出函数的单调减区间，（2）先求出的值，然后根据函数的奇偶性和解析式求解即可【小问1详解】因为函数的图像关于原点对称，所以是R上的奇函数，故由对称性画出图像在R上的单调减区间是和【小问2详解】，所以
12、19、（1）；（2）；【解析】（1）利用三角函数的定义即可求解.（2）求出，再利用齐次式即可求解.【详解】（1）是角终边上一点，则，.（2）由，则，.20、（1）（2）【解析】（1）利用三角函数恒等变换对函数进行化简，根据正弦型三角函数性质求解函数的最小值即可；（2）利用正弦函数的单调性，整体代换求解函数的单调递增区间即可.【小问1详解】解析：（1），当时取得最小值【小问2详解】（2）由（1）得，令，得函数的单调递增区间为21、（1）， （2）在上为减函数 （3）【解析】（1）由，求得，再由，求得，结合函数的奇偶性的定义，即可求解；（2）化简，根据函数的单调性的定义及判定方法，即可求解；（3）根据题意化简不等式为在有解，结合正弦函数和二次函数的性质，即可求解.【小问1详解】解：由题意，定义在上的函数是奇函数，可得，解得，即，又由，可得，解得，所以，又由，所以，.【小问2详解】解：由，设，则，因为函数在上增函数且，所以，即，所以在上为减函数.【小问3详解】解：由函数在上为减函数，且函数为奇函数，因为，即，可得，又由对任意的，不等式有解，即在有解，因为，则，所以，所以，即实数的取值范围是.
