《2022届福建龙海市高三第二次诊断性检测物理试卷含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022届福建龙海市高三第二次诊断性检测物理试卷含解析（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2021-2022学年高考物理模拟试卷考生请注意：1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为氢原子的能级示意图，一群氢原子处于=3的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外发出光子，用这些光照射逸出功为2.49 eV 的金属钠，下列说法正确的是（）E
2、.-0n=4-0.85 eVn=3-1.51 eVn-1-3.40eVn=l-13.60 eVA.这群氢原子能发出三种频率不同的光，其中从=3 跃迁到=2 所发出的光波长最短B.这群氢原子能发出两种频率不同的光，其中从n=3跃迁到n=l所发出的光频率最高C.金属钠表面所发出的光电子的初动能最大值为11.11 eVD.金属钠表面所发出的光电子的初动能最大值为9.60 eV2、如图所示，图中虚线为某静电场中的等差等势线，实线为某带电粒子在该静电场中运动的轨迹，氏 c 为粒子的运动轨迹与等势线的交点，粒子只受电场力作用，则下列说法正确的是（）A.粒子在。点的加速度比在6 点的加速度大B.粒子在a 点
3、的动能比在3 点的动能大C.粒子在a 点和在c 点时速度相同D.粒子在6 点的电势能比在c 点时的电势能大3、对于一定质量的理想气体，下列叙述中正确的是（）A.当分子间的平均距离变大时，气体压强一定变小B.当分子热运动变剧烈时，气体压强一定变大C.当分子热运动变剧烈且分子平均距离变小时，气体压强一定变大D.当分子热运动变剧烈且分子平均距离变大时，气体压强一定变大4、我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭成功将世界首颗量子科学实验卫星（简称“量子卫星”）“墨子号”发射升空。已知引力常量为G,地球半径为R,“墨子号”距地面高度为九线速度为匕，地球表面的重力加速度为g,第一宇宙速度为打，下列说法
4、正确的是oR2B.卫星距离地面的高度可用 U来表示c.地球的质量可表示为KmGD.此卫星角速度大于5、欧姆在探索通过导体的电流和电压、电阻关系时由于无电源和电流表，他就利用金属在冷水和热水中产生电动势代替电源，用小磁针的偏转检测电流，具体做法是：在地磁场作用下处于水平静止的小磁针上方，平行于小磁针水平放置一直导线，当该导线中通有电流时，小磁针会发生偏转；当通过该导线的电流为/时，小磁针偏转了 30。，则当他发现小磁针偏转了 60。时，通过该直导线的电流为（已知直导线在某点产生的磁场与通过直导线的电流成正比）（）A.21 B.31 C.&D.73/6、撑杆跳是一种技术性和观赏性都极高的运动项目。
5、如果把撑杆跳全过程分成四个阶段：bc、cd、de,如图所示，不计空气阻力，杆为轻杆，则对这四个阶段的描述不正确的是（）A.而白阶段：加速助跑，人和杆的总机械能增加B.bc阶段：杆弯曲、人上升，系统动能减少，重力势能和弹性势能增加C.cd阶段：杆伸直、人上升，人的动能减少量等于重力势能增加量D.de阶段：人过横杆后下落，重力所做的功等于人动能的增加量二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、2019年 10月诺贝尔物理学奖授予两位天文学家Mic/je/Mayor和
6、DidierQueloz,1995年他们首次探测到太阳系外行星的存在，从而开始了人类大规模的太阳系外行星搜寻。2016年8月欧洲南方天文台曾宣布在离地球最近的恒星“比邻星”附近发现宜居行星“比邻星肥。“比邻星 的质量约为地球质量的1.3倍，半径约为地球半径的2.2倍，若不考虑星球的自转效应，则A.“比邻星/表面的重力加速度大于地球表面的重力加速度B.“比邻星表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度C.“比邻星b”的第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度D.“比邻星产的第一宇宙速度小于地球的第一宇宙速度8、一列简谐横波沿x轴正方向传播，在x=12m处的质元的振动图线如图1所示，在x=18m处的质元的
7、振动图线如B.x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰C.在0 4 s内x=12m处和x=18m处的质元通过的路程均为6cmD.该波的波长不可能为8m9、大量天文观测表明宇宙中的恒星（其实是银河系中的恒星）超过70%是以双星形式存在的。如图所示为某星系中由两颗恒星4。8组成的双星系统，两恒星环绕连线上的。点（未画出）做匀速圆周运动，观测到它们球心间的距离为3转动的周期为7,已知引力常量为G,根据观测结果可以确定的物理量是（）A B.A.两恒星的线速度之和B.两恒星的线速度之比C.两恒星的质量之比D.两恒星的质量之和10、静电场方向平行于x轴，其电势随x轴分布的0-X图像
8、如图所示，外和%均为已知量，某处由静止释放一个电子，电子沿x轴往返运动。已知电子质量为，带电荷量为e,运 动 过 程 中 的 最 大 动 能 为 则（）A.电场强度大小为E=%B.在往返过程中电子速度最大时的电势能为一ee2x EC.释放电子处与原点的距离为罚=一%咻D.电 子 从 释 放 点 返 回 需 要 的 时 间 为 也 声 反e n)得知，从 n=3跃迁到n=l所发出的光能量最大，由 E=h产hc/2.得知，频率最高，波长最短.故A B 错误；从 n=3跃迁到n=l辐射的光子能量最大，发生光电效应时，产生的光电子最大初动能最大，光子能量最大值为13.6-1.51eV=12.09eV,
9、根据光电效应方程得Ekm=hv-Wo=l2.09-2.49eV=9.60eV.故 C 错误，D 正确.故选 D.2、A【解析】由等势面的疏密可知电场强度的大小，由尸=”可知电场力的大小关系；根据曲线的弯曲方向可知粒子的受力方向，进而判断出电场力做功的特点。根据能量守恒定律分析粒子在a 点动能与粒子在点动能之间的关系。由动能定理可知 BC两点的间的电势能的变化。本题中解题的关键在于曲线的弯曲方向的判断，应掌握根据弯曲方向判断受力方向的方法。【详解】A.因 a 点处的等势面密集，故。点的电场强度大，故电荷在a 点受到的电场力大于。点受到的电场力，结合牛顿第二定律可知，粒子在a 点的加速度比在b 点
10、的加速度大，故 A 正确；B.由粒子运动的轨迹弯曲的方向可知，粒子受到的电场力指向右侧，则从a 到 b 电场力做正功，粒子动能增大，故 B错误；C.速度是矢量，沿轨迹的切线方向，由图可知，粒子在a 点和在c 点时速度方向不相同，故 C 错误；D.粒子受到的电场力指向右侧，则从b 到 c 电场力做负功，粒子的电势能增大，所以粒子在b 点的电势能比在c 点时的电势能小，故 D 错误；故选A。【点睛】本题中告诉的是等势面，很多同学由于思维定势当成了电场线从而出现错解。3、C【解析】气体压强在微观上与分子的平均动能和分子密集程度有关。当分子热运动变剧烈且分子平均距离变大时，气体压强可能变大、可能不变、
11、也可能变小；当分子热运动变剧烈且分子平均距离变小时，气体压强一定变大。故 选 C。4、C【解析】A.由万有引力提供向心力，有GMm _，叫2 GMm _ mv；(R+h)(R+h)R2=R联立得匕 x R+h选项A 错误B.对量子卫星有GMm _ tnv(R+h)2+得R+h号匕代入G M =gR?,得R+=牛-R选项B 错误；C.对量子卫星有GMm mv(R+h)2-(R+力)得选 项 C 正确;D对量子卫星有-7=m(R+h)a)(R+h)2代入GM=gR：得此卫星角速度为选项D 错误。故选C。【解析】小磁针的指向是地磁场和电流磁场的合磁场方向，设地磁场磁感应强度为8 地，电流磁场磁感应强
12、度为8 电=股，由题意知二者方向相互垂直，小磁针在磁场中静止时所指的方向表示该点的合磁场方向，则有A/=8地 tan3(F,H，=8 地 tan60。,所以I=3I.A.21,与结论不相符，选项A 错误；B.3/,与结论相符，选项B 正确；C.夜/,与结论不相符，选项C 错误；D.向,与结论不相符，选 项 D 错误；6,C【解析】A.ab 阶段：人加速过程中，人的动能增加，重力势能不变，人的机械能增加，故 A 正确，不符合题意；B.bc 阶段：人上升过程中，人和杆的动能减少，重力势能和杆的弹性势能均增加，故 B 正确，不符合题意；C.cd 阶段：杆在恢复原长的过程中，人的动能和弹性势能减少量之
13、和等于重力势能的增加量，故 C 不正确，符合题意；D.de 阶段：只有重力做功，人的机械能守恒，重力所做的功等于人动能的增加量，故 D 正确，不符合题意。故选：C二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、BD【解析】A B.在星球表面，重力与万有引力相等，则有：g=所以gb Mb 11.3 1 g地M地与；1 2.2-所以“比邻星夕表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度。故 A 错误，B 正确。所以“比邻星/的第一宇宙速度小于地球的第一宇宙速度。故 C 错误，
14、D 正确。8、AB【解析】A.由图可知，该波的周期为12s。故 A 正确；B.由图可知，Z=3s时刻，x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰，故 B 正确;C.由图可知，该波的振幅为4 c m,圆频率由图1 可知，在 U 0 时刻x=12m处的质点在4cm处，则其振动方程4 s时刻质元的位置).ATI 乃、八%2-4=-4 sin(+)=2cm所以x=12m处的质元通过的路程Si2=4cm+2cm=6cm据图2 知 UOs时，在 x=18m处的质元的位移为0 c m,正通过平衡位置向上运动，其振动方程为x18=4sin(r)cm6在/=4s时刻，在 x=18m处的质元
15、的位移XI8=4 xsin 今=26cm所以在0 4 s内x=18m处的质元通过的路程xi8=4cm4-(4-2 G )cm4.54cm 6cm故 C 错误3D.由两图比较可知，x=12m处比x=18m处的质元可能早振动丁T,所以两点之间的距离为4x=(n+)X(=0、1、2、3.)4所以.4x 4x6、Z=-=-m 0=0、1、2、3.)4 +3 An+34x6=0时，波长最大，为 2=-m=8m3故 D 错误；故选ABo9、AD【解析】A B.设两恒星的轨道半径分别为4、R,双星系统有相同的周期，则有4+&=L2孙v.=LT2兀G联立可得2TTL匕 十 匕 二 1L=Z L%r2故无法确定
16、两恒星的线速度之比，而两恒星的线速度之和可以确定，选项A 正确，选项B 错误;C D.又G 丁G-7 -I3二=也r2 叫6+4=上联立解得+m.4GT2故可以确定两恒星的质量之和，但无法确定两恒星的质量之比，选项D 正确，C 错误。故选A D。10、A B D【解析】A.在OVxxo区间内，场强大小E工=皿d/方向沿+x方向；在-xoVxVO区间内，场强大小d/场强方向沿一X 方向，故 A 正确；B.根据能量守恒可知，电子速度最大即动能最大时，电势能最小，根据负电荷在电势高处电势能小，则此时电势能为E p =e(p0故B正确；C.已知电子质量为，小带电荷量为e,在运动过程中电子的最大功能为E k,根据动能定理得e E x-Ek得x=且._ X0 ke E e%故 C 错误；D.根据牛顿第二定律知。=丝=必m m x0粒子从静止到动能最大的时间为四分之一周期，匀加速直线运动的时间为电子从释放点返回需要的时间为T=4t=-d 2m Eke =2 D E可知，抛出玩具熊后小孩的水平位移与玩具熊的水平位移之比为玉：工2 =2:3由=tan 450 x可得竖直位移之比为y ：%=2：3由平抛运
