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安徽省合肥市育英中学2022-2023学年高二数学理联考试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 已知棱长为4的正方体ABCD-A1B1C1D1,M是正方形ABCD所在平面内一动点,点E、F满足,若点M到直线EF与直线BC的距离之比为1:2,则动点M的轨迹是
A.圆 B.椭圆 C.双曲线 D.抛物线
参考答案:
B
因为,,且正方体的棱长为4,所以,故点到直线距离,即为点到点距离,于是条件“平面内点到直线与直线的距离之比为1:2”转化为“平面内点到点与直线的距离之比为1:2”.在平面内,以A为坐标原点,AB、AD分别为x、y轴正方向建立平面直角坐标系,则,直线的方程为,设点的坐标为,则依据题意可得,化简可得,故动点的轨迹是椭圆.
2. 如图,正方体的底面与正四面体的底面在同一平面α上,且AB∥CD,则直线EF与正方体的六个面所在的平面相交的平面个数为( )
A.1 B.2 C.3 D.4
参考答案:
D
【考点】空间中直线与平面之间的位置关系.
【分析】直线EF与正方体的左右两个侧面平行,与另外的四个面都相交.
【解答】解:由题意可知直线EF与正方体的左右两个侧面平行,
与正方体的上下底面相交,前后侧面相交,
所以直线EF与正方体的六个面所在的平面相交的平面个数为4.
故答案为:4.
3. 设集合P={x∈R|x>2},M={x∈R|x>a,a∈R},则“a=1”是“P?M”的( )
A.必要不充分条件 B.充要条件
C.既不充分也不必要条件 D.充分不必要条件
参考答案:
D
【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断.
【专题】计算题.
【分析】由a=1,可得P={x∈R|x>2},M={x∈R|x>1},P?M;由P?M,则a<2,可判断
【解答】解:若a=1,P={x∈R|x>2},M={x∈R|x>1}
此时P?M
若P?M,则a<2,但是不一定是1
故“a=1”是“P?M”充分不必要条件‘
故选D
【点评】本题主要考查了充分条件与必要条件的判断,要注意与集合的包含关系的相互转化关系的应用.
4. 下列正确命题个数是:①梯形的直观图可能是平行四边形②三棱锥中,四个面都可以是直角三角形③如果一个棱锥的各个侧面都是等边三角形,这个棱锥不可能是六棱锥④底面是等边三角形,侧面的面积都相等的三棱锥是正三棱锥。⑤底面是矩形的平行六面体是长方体( ).
A.1 B. 2 C. 3 D. 4
参考答案:
B
5. 计算机执行下面的程序段后,输出的结果是( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
6. 已知过曲线上一点,原点为,直线的倾斜角为,则P点坐标是( )
A.(3,4) B. C.(4,3) D.
参考答案:
D
7. 关于复数,给出下列判断:
①3>3i;
②16>(4i)2;
③2+i>1+i;
④|2+3i|>|2+i|.
其中正确的个数为( )
A.1 B.2 C.3 D.4
参考答案:
B
【考点】A2:复数的基本概念.
【分析】①③两个复数如果不完全是实数,则不能比较大小;
②利用复数的运算法则即可判断出结论;
④利用复数的模的计算公式即可判断出结论.
【解答】解:①两个复数如果不完全是实数,则不能比较大小,因此3>3i不正确;
②∵(4i)2=﹣16,因此正确;
③道理同①,不正确;
④|2+3i|==,|2+i|=,因此|2+3i|>|2+i|正确.
其中正确的个数为2.
故选:B.
8. 已知函数是定义在R上的奇函数,且当
时不等式成立, 若,
,则的大小关系是 ( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
9. 中国古代儒家要求学生掌握六种基本才艺:礼、乐、射、御、书、数,简称“六艺”,某高中学校为弘扬“六艺”的传统文化,分别进行了主题为“礼、乐、射、御、书、数”六场传统文化知识竞赛,现有甲、乙、丙三位选手进入了前三名的最后角逐,规定:每场知识竞赛前三名的得分都分别为且;选手最后得分为各场得分之和,在六场比赛后,已知甲最后得分为26分,乙和丙最后得分都是11分,且乙在其中一场比赛中获得第一名,下列说法正确的是( )
A. 乙有四场比赛获得第三名
B. 每场比赛第一名得分为
C. 甲可能有一场比赛获得第二名
D. 丙可能有一场比赛获得第一名
参考答案:
A
【分析】
先计算总分,推断出,再根据正整数把计算出来,最后推断出每个人的得分情况,得到答案.
【详解】由题可知,且都是正整数
当时,甲最多可以得到24分,不符合题意
当时,,不满足
推断出,
最后得出结论:
甲5个项目得第一,1个项目得第三
乙1个项目得第一,1个项目得第二,4个项目得第三
丙5个项目得第二,1个项目得第三,
所以A选项是正确的.
【点睛】本题考查了逻辑推理,通过大小关系首先确定的值是解题的关键,意在考查学生的逻辑推断能力.
10. 如图是一组样本数据的茎叶图,则这组数据的中位数是( )
A. 39 B. 36
C. 31 D. 37
参考答案:
B
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 与向量=(12,5)平行的单位向量为 ;
参考答案:
略
12. 椭圆C:及直线l: 的位置关系是 .
参考答案:
相交
略
13. 不等式的解集为 .
参考答案:
14. 下图中椭圆内的圆的方程为,现借助计算机利用如下程序框图来估计该椭圆的面积,已知随机输入该椭圆区域内的个点时,输出的,则由此可估计该椭圆的面积为 ▲
参考答案:
略
15. 如果执行如图所示的程序,则输出的数=____ ____.
参考答案:
120
16. 若“>”是“>7”的必要不充分条件,则实数的取值范围为__________.
参考答案:
17. 曲线与坐标轴围成的面积是 .
参考答案:
3
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 统计表明,某种型号的汽车在匀速行驶中每小时的耗油量y(升)关于行驶速度x(千米/小时)的函数解析式可以表示为:y=x3﹣x+8(0<x≤120)已知甲、乙两地相距100千米.
(Ⅰ)当汽车以40千米/小时的速度匀速行驶时,从甲地到乙地要耗油多少升?
(Ⅱ)当汽车以多大的速度匀速行驶时,从甲地到乙地耗油最少?最少为多少升?
参考答案:
【考点】6D:利用导数研究函数的极值;5D:函数模型的选择与应用.
【分析】(I)把用的时间求出,在乘以每小时的耗油量y即可.
(II)求出耗油量为h(x)与速度为x的关系式,再利用导函数求出h(x)的极小值判断出就是最小值即可.
【解答】解:(I)当x=40时,汽车从甲地到乙地行驶了小时,
要耗油(升).
答:当汽车以40千米/小时的速度匀速行驶时,从甲地到乙地耗油17.5升.
(II)当速度为x千米/小时时,汽车从甲地到乙地行驶了小时,设耗油量为h(x)升,
依题意得,.
令h'(x)=0,得x=80.
当x∈(0,80)时,h'(x)<0,h(x)是减函数;
当x∈(80,120)时,h'(x)>0,h(x)是增函数.
∴当x=80时,h(x)取到极小值h(80)=11.25.
因为h(x)在(0,120]上只有一个极值,
所以它是最小值.
答:当汽车以80千米/小时的速度匀速行驶时,从甲地到乙地耗油最少,最少为11.25升.
19. 已知抛物线的顶点在原点,它的准线过的左焦点,而且与轴垂直.又抛物线与此双曲线交于点,求抛物线和双曲线的方程.
参考答案:
设抛物线方程为: 将点代入方程得所以抛物线方程为:。准线方程为:,由此知道双曲线方程中:;焦点为
点到两焦点距离之差为.
20. (本小题满分13分)
已知关于的不等式
(1)若不等式的解集是,求的值;
(2)若,求此不等式的解集.
参考答案:
(1)由题意知,且1和5是方程的两根,
∴,
解得 ……………………………………………3分
∴ . ……………………………………………4分
(2)若,此不等式为,
…………………………………………6分
此不等式解集为 ………………………7分
此不等式解集为¢ …………………………………8分
此不等式解集为 ……………………9分
此不等式解集为……………………10分
综上所述:当时,原不等式解集为当时, 原不等式解集为¢.
当时,不等式解集为当时,原不等式解集为...........................13分
21. 在进行一项掷骰子放球游戏中,规定:若掷出1点,甲盒中放一球;若掷出2点或3点,乙盒中放一球;若掷出4点或5点或6点,丙盒中放一球,前后共掷3次,设x、y、z分别表示甲、乙、丙3个盒子中的球数..
(1)求掷完3次后,x=0,y=1,z=2的概率;
(2)记ξ=x+z,求随机变量ξ的数学期望.
参考答案:
【考点】离散型随机变量的期望与方差.
【分析】(1)由题意可知:掷一次甲盒中有一球的概率P1=,乙盒中有一球的概率P2=,丙盒中有一球的概率P3=,设事件A表示:x=0,y=1,z=2.即可得出P(A)=.
(2)z的可能取值为0,1,2,3.z~B.可得E(Z)=np.由ξ=3﹣z,可得E(ξ)=3﹣E(Z).
【解答】解:(1)由题意可知:掷一次甲盒中有一球的概率P1=,
乙盒中有一球的概率P2=,丙盒中有一球的概率P3=,设事件A表示:x=0,y=1,z=2.
则P(A)==.
(2)z的可能取值为0,1,2,3.z~B.E(Z)=np==.
∵ξ=3﹣z,∴E(ξ)=3﹣E(Z)=3﹣=.
22. (1)已知复数当实数取什么值时,复数是:
(1)零;(2)纯虚数; (3)
(2)设复数满足,且是纯虚数,求.
参考答案:
解:(1)m=1;(2)m=0;(3)m=2
(2)设复数满足,且是纯虚数,求.
解:
略
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