浙江省温州市钱仓中学高二数学理模拟试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 定义在R上的偶函数满足,且在上单调递增,设, ,,则大小关系是( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
略
2. 如果方程表示双曲线,则下列椭圆中,与该双曲线共焦点的是( )
A. B.
C. D.
参考答案:
A
3. 在棱长为a的正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,M为AB的中点,则点C到平面A1DM的距离为( )
A.a B.a C. a D.a
参考答案:
A
【考点】点、线、面间的距离计算.
【分析】连接A1C、MC,三棱锥A1﹣DMC就是三棱锥C﹣A1MD,利用三棱锥的体积公式进行转换,即可求出点C到平面A1DM的距离.
【解答】解:连接A1C、MC可得
=
△A1DM中,A1D=,A1M=MD=
∴=
三棱锥的体积:
所以d
(设d是点C到平面A1DM的距离)
∴=
故选A.
4. 设双曲线的虚轴长为2,焦距为,则此双曲线的离心率为( ).
A. B. C. D.
参考答案:
A
5. 是的( )
A、必要不充分条件 B、充分不必要条件
C、充要条件 D、既不充分也不必要条件
参考答案:
B
略
6. 椭圆的长轴为,短轴为,将椭圆沿y轴折成一个二面角,使得点在平面上的射影恰好为椭圆的右焦点,则该二面角的大小为( ).
A. 75° B. 60° C. 45° D. 30°
参考答案:
B
略
7. 实数满足,则下列不等式正确的是( )
A. B. C. D.
参考答案:
A
8. 抛物线的准线方程为 ( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
略
9. 函数?(x)在[﹣1,1]上是减函数,α、β是锐角三角形的两个内角,且α≠β,则下列不等式中正确的是 ( )
A. ?(sinα)>?(sinβ) B.?(cosα)>?(sinβ)
C.?(cosα)(cosβ)D.?(sinα)(sinβ)
参考答案:
B
略
10. 已知全集,集合和的关系的韦恩(venn)图如图所示,则阴影部分所表示的集合是 ( )
ABCD
参考答案:
D
略
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 给出下列结论:
动点M(x,y)分别到两定点(﹣4,0),(4,0)连线的斜率之乘积为﹣,设M(x,y)的轨迹为曲线C,F1、F2分别为曲线C的左右焦点,则下列命题中:
(1)曲线C的焦点坐标为F1(﹣5,0),F2(5,0);
(2)曲线C上存在一点M,使得S△F1MF2=9;
(3)P为曲线C上一点,P,F1,F2是直角三角形的三个顶点,且|PF1|>|PF2|,的值为;
(4)设A(1,1),动点P在曲线C上,则|PA|+|PF1|的最大值为8+;
其中正确命题的序号是 .
参考答案:
③④
【考点】直线与椭圆的位置关系.
【分析】设M(x,y),由题意可得kMA?kMB=﹣,运用直线的斜率公式,化简即可得到点P的轨迹为曲线C是以F1(﹣,0),F2(,0)为焦点的椭圆,根据椭圆的性质可逐一判定.
【解答】解:设M(x,y),则kMA?kMB=,化简得
曲线C是以F1(﹣,0),F2(,0)为焦点的椭圆,
对于(1),曲线C的焦点坐标为F1(﹣5,0),F2(5,0)错;
对于(2),因为b2=9,要使S△F1MF2=9,必须要存在点M,使∠F1MF2=900
∵c==3,∴不存在M,使得S△F1MF2=9,故错;
对于(3),由(2)得,P为曲线C上一点,P,F1,F2是直角三角形的三个顶点,
且|PF1|>|PF2|,则必有PF1⊥F1F2
|PF1|=,|PF2|=2a﹣|PF1|=,∴的值为,正确;
对于(4),则|PA|+|PF1|=2a+|PA|﹣|PF2|≤2a+|PA|=8+,故正确;
故答案为:③④
【点评】本题考查了椭圆的方程及性质,结合平面几何的知识是关键,属于难题.
12. 某老师从星期一到星期五收到信件数分别是10,6,8,5,6,则该组数据的方差;
参考答案:
解析:可以先把这组数都减去6再求方差,;
13. 命题:“存在x∈R,使x2+ax﹣4a<0”为假命题,则实数a的取值范围是 .
参考答案:
﹣16≤a≤0
考点: 命题的真假判断与应用.
专题: 简易逻辑.
分析: 将条件转化为x2+ax﹣4a≥0恒成立,必须△≤0,从而解出实数a的取值范围.
解答: 解:命题:“存在x∈R,使x2+ax﹣4a<0”为假命题,
即x2+ax﹣4a≥0恒成立,必须△≤0,
即:a2+16a≤0,解得﹣16≤a≤0,
故实数a的取值范围为.
故答案为:﹣16≤a≤0.
点评: 本题考查一元二次不等式的应用,注意联系对应的二次函数的图象特征,体现了等价转化的数学思想,属中档题.
14. 已知点A为椭圆1上任意一点,点B为圆(x-1)2+y2=1上任意一点,求|AB|的最大值为_______
参考答案:
略
15. 圆的圆心到直线的距离 .
参考答案:
略
16. 过点P(2,3)且在两轴上的截距相等的直线方程是_________________.
参考答案:
17. 过抛物线焦点的直线的倾斜角为,且与抛物线相交于两点,为原点,那么的面积为 .
参考答案:
略
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 如图,在斜边为AB的Rt△ABC中,过A作PA⊥平面ABC,
AE⊥PB于E,AF⊥PC于F.
(1)求证:BC⊥平面PAC.(2)求证:PB⊥平面AEF.
(3)若AP=AB=2,试用tgθ(∠BPC=θ)表示△AEF的面积、当tgθ取何值时,△AEF的面积最大?最大面积是多少?
参考答案:
证明: (1)∵PA⊥平面ABC,∴PA⊥BC又BC⊥AC,PA∩AC=A,∴BC⊥平面PAC……(4分)
∴BC⊥AF,又AF⊥PC,BC∩PC=C
∴AF⊥PB,又PB⊥AE,AE∩AF=A[
∴PB⊥平面AEF.……(4分)
……(4分)
略
19. 已知抛物线,焦点为F,准线为l,线段OF的中点为G.点P是C上在x轴上方的一点,且点P到l的距离等于它到原点O的距离.
(1)求P点的坐标;
(2)过点作一条斜率为正数的直线与抛物线C从左向右依次交于A、B两点,求证:.
参考答案:
(1);(2)详见解析.
【分析】
(1)由点到的距离等于它到原点的距离,得,又为线段的中点,所以,设点的坐标为,代入抛物线的方程,解得,即可得到点坐标.
(2)设直线的方程为,代入抛物线的方程,根据根与系数的关系,求得,,进而得到,进而得到直线和的倾斜角互补,即可作出证明.
【详解】(1)根据抛物线的定义,点到的距离等于,
因为点到的距离等于它到原点的距离,所以,
从而为等腰三角形,
又为线段的中点,所以,
设点的坐标为,代入,解得,
故点的坐标为.
(2)设直线的方程为,代入,并整理得,
由直线与抛物线交于、两点,得,
结合,解得,
由韦达定理,得,,
,
所以直线和的倾斜角互补,从而,
结合轴,得,故.
【点睛】本题主要考查抛物线的标准方程、及直线与圆锥曲线的位置关系的应用问题,解答此类题目,通常联立直线与抛物线的方程组,应用一元二次方程根与系数的关系进行求解,此类问题易错点是复杂式子的变形能力不足,导致错解,能较好的考查考生的逻辑思维能力、运算求解能力、分析问题解决问题的能力等.
20. (本小题共15分)
已知.
(1)求函数的图像在处的切线方程;
(2)设实数,求函数在上的最大值.
参考答案:
(1)定义域为
又 ………4分
函数的在处的切线方程为:
,即 ………7分
(2)令得
当,,单调递减,…ks5u
当,,单调递增.………10分
在上的最大值
当时,
当时,, ………15分
21. 在正方体中,O是AC的中点,E是线段D1O上一点,且D1E=λEO.
(1)若λ=1,求异面直线DE与CD1所成角的余弦值;
(2)若λ=2,求证:平面CDE⊥平面CD1O.
参考答案:
解:(1)不妨设正方体的棱长为1,以,,
为单位正交基底建立如图所示的空间直角坐标系.
则A(1,0,0),,,D1(0,0,1),
E,
于是,.
由cos==.
所以异面直线AE与CD1所成角的余弦值为.
(2)设平面CD1O的向量为m=(x1,y1,z1),由m·=0,m·=0
得 取x1=1,得y1=z1=1,即m=(1,1,1) .
由D1E=λEO,则E ,.
又设平面CDE的法向量为n=(x2,y2,z2),由n·=0,n·=0.
得 取x2=2,得z2=-λ,即n=(-2,0,λ) .
因为平面CDE⊥平面CD1F,所以m·n=0,得λ=2.
22. 已知命题p:有一正一负两根,命题q:无实根,若命题p与命题q有且只有一个为真,求实数m的取值范围.
参考答案:
解:由有一正一负两根,得,
从而m>2. …… 2分
由无实根,得,
从而1
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