《浙江高考数学复习一轮【教师版】：第1部分 重点强化专题 专题6 突破点16 导数的应用》由会员分享，可在线阅读，更多相关《浙江高考数学复习一轮【教师版】：第1部分 重点强化专题 专题6 突破点16 导数的应用（12页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、突破点16导数的应用核心知识提炼提炼1 导数与函数的单调性(1)函数单调性的判定方法在某个区间(a，b)内，如果f(x)0，那么函数yf(x)在此区间内单调递增；如果f(x)0，那么函数yf(x)在此区间内单调递减(2)常数函数的判定方法如果在某个区间(a，b)内，恒有f(x)0，那么函数yf(x)是常数函数，在此区间内不具有单调性(3)已知函数的单调性求参数的取值范围设可导函数f(x)在某个区间内单调递增(或递减)，则可以得出函数f(x)在这个区间内f(x)0(或f(x)0)，从而转化为恒成立问题来解决(注意等号成立的检验).提炼2 函数极值的判别注意点(1)可导函数极值点的导数为0，但导数
2、为0的点不一定是极值点，如函数f(x)x3，当x0时就不是极值点，但f(0)0.(2)极值点不是一个点，而是一个数x0，当xx0时，函数取得极值在x0处有f(x0)0是函数f(x)在x0处取得极值的必要不充分条件(3)函数f(x)在一闭区间上的最大值是此函数在此区间上的极大值与其端点函数值中的最大值，函数f(x)在一闭区间上的最小值是此函数在此区间上的极小值与其端点函数值中的最小值.提炼3 函数最值的判别方法(1)求函数f(x)在闭区间a，b上最值的关键是求出f(x)0的根的函数值，再与f(a)，f(b)作比较，其中最大的一个是最大值，最小的一个是最小值(2)求函数f(x)在非闭区间上的最值，
3、只需利用导数法判断函数f(x)的单调性，即可得结论高考真题回访回访1函数的极值与最值1(浙江高考)已知e为自然对数的底数，设函数f(x)(ex1)(x1)k(k1,2)，则()A当k1时，f(x)在x1处取到极小值B当k1时，f(x)在x1处取到极大值C当k2时，f(x)在x1处取到极小值D当k2时，f(x)在x1处取到极大值C当k1时，f(x)(ex1)(x1)，则f(x)ex(x1)(ex1)exx1，所以f(1)e10，所以f(1)不是极值当k2时，f(x)(ex1)(x1)2，则f(x)ex(x1)22(ex1)(x1)ex(x21)2(x1)(x1)ex(x1)2，所以f(1)0，且
4、当x1时，f(x)0；在x1附近的左侧，f(x)0，所以f(1)是极小值2(浙江高考)已知函数yf(x)的图象是下列四个图象之一，且其导函数yf(x)的图象如图161所示，则该函数的图象是()图161B从导函数的图象可以看出，导函数值先增大后减小，x0时最大，所以函数f(x)的图象的变化率也先增大后减小，在x0时变化率最大A项，在x0时变化率最小，故错误；C项，变化率是越来越大的，故错误；D项，变化率是越来越小的，故错误B项正确3(浙江高考)已知aR，函数f(x)2x33(a1)x26ax.(1)若a1，求曲线yf(x)在点(2，f(2)处的切线方程；(2)若|a|1，求f(x)在闭区间0,2
5、|a|上的最小值解(1)当a1时，f(x)6x212x6，所以f(2)6.3分又因为f(2)4，所以切线方程为y46(x2)，即6xy80.5分(2)记g(a)为f(x)在闭区间0,2|a|上的最小值f(x)6x26(a1)x6a6(x1)(xa)令f(x)0，得x11，x2a.8分当a1时，x0(0,1)1(1，a)a(a,2a)2af(x)00f(x)0单调递增极大值3a1单调递减极小值a2(3a)单调递增4a3比较f(0)0和f(a)a2(3a)的大小可得g(a)10分当a1时，x0(0,1)1(1，2a)2af(x)0f(x)0单调递减极小值3a1单调递增28a324a2得g(a)3a
6、1.14分综上所述，f(x)在闭区间0,2|a|上的最小值为g(a)15分回访2导数的综合应用4(浙江高考)已知函数f(x)(x)ex.(1)求f(x)的导函数；(2)求f(x)在区间上的取值范围解(1)因为(x)1，(ex)ex，所以f(x)ex(x)ex.6分(2)由f(x)0，解得x1或x.9分因为x1f(x)00f(x)e0e又f(x)(1)2ex0，所以f(x)在区间上的取值范围是.15分5(浙江高考)已知函数f(x)x33|xa|(aR)(1)若f(x)在1,1上的最大值和最小值分别记为M(a)，m(a)，求M(a)m(a)；(2)设bR，若f(x)b24对x1,1恒成立，求3ab
7、的取值范围解(1)因为f(x)所以f(x)2分由于1x1.当a1时，有xa，故f(x)x33x3a.此时f(x)在(1,1)上是增函数，因此，M(a)f(1)43a，m(a)f(1)43a，故M(a)m(a)(43a)(43a)8.3分当1a1时，若x(a,1)，f(x)x33x3a，在(a,1)上是增函数；若x(1，a)，f(x)x33x3a，在(1，a)上是减函数，所以，M(a)maxf(1)，f(1)，m(a)f(a)a3.由于f(1)f(1)6a2，因此当1a时，M(a)m(a)a33a4；当a1时，M(a)m(a)a33a2.4分当a1时，有xa，故f(x)x33x3a，此时f(x)
8、在(1,1)上是减函数，因此，M(a)f(1)23a，m(a)f(1)23a，故M(a)m(a)(23a)(23a)4.6分综上可知，M(a)m(a)7分(2)令h(x)f(x)b，则h(x)h(x)因为f(x)b24对x1,1恒成立，即2h(x)2对x1,1恒成立，所以由(1)知，当a1时，h(x)在(1,1)上是增函数，h(x)在1,1上的最大值是h(1)43ab，最小值是h(1)43ab，则43ab2且43ab2，矛盾；9分当10，t(a)在上是增函数，故t(a)t(0)2，因此23ab0.11分当a1时，h(x)在1,1上的最小值是h(a)a3b，最大值是h(1)3ab2，所以a3b2
9、且3ab22，解得3ab0.13分当a1时，h(x)在1,1上的最大值是h(1)23ab，最小值是h(1)23ab，所以3ab22且3ab22，解得3ab0.综上，得3ab的取值范围是23ab0.15分6(浙江高考)已知aR，函数f(x)x33x23ax3a3.(1)求曲线yf(x)在点(1，f(1)处的切线方程；(2)当x0,2时，求|f(x)|的最大值解(1)由题意f(x)3x26x3a，故f(1)3a3.2分又f(1)1，所以所求的切线方程为y(3a3)x3a4.5分(2)由于f(x)3(x1)23(a1)，0x2，故当a0时，有f(x)0，此时f(x)在0,2上单调递减，故|f(x)|
10、maxmax|f(0)|，|f(2)|33a.7分当a1时，有f(x)0，此时f(x)在0,2上单调递增，故|f(x)|maxmax|f(0)|，|f(2)|3a1.9分当0a1时，设x11，x21，则0x1x22，f(x)3(xx1)(xx2)列表如下：x0(0，x1)x1(x1，x2)x2(x2,2)2f(x)00f(x)33a极大值f(x1)极小f(x2)值3a1由于f(x1)12(1a)，f(x2)12(1a)，10分故f(x1)f(x2)20，f(x1)f(x2)4(1a)0，从而f(x1)|f(x2)|.所以|f(x)|maxmaxf(0)，|f(2)|，f(x1)当0a时，f(0
11、)|f(2)| .又f(x1)f(0)2(1a)(23a)0，故|f(x)|maxf(x1)12(1a).12分当a1时，|f(2)|f(2)，且f(2)f(0)又f(x1)|f(2)|2(1a)(3a2)，所以()当a时，f(x1)|f(2)|.14分故f(x)maxf(x1)12(1a).()当a1时，f(x1)|f(2)|.故f(x)max|f(2)|3a1.综上所述，|f(x)|max15分热点题型1利用导数研究函数的单调性问题题型分析：利用导数研究函数的单调性问题常在解答题的第(1)问中呈现，有一定的区分度，此类题涉及函数的极值点、利用导数判断函数的单调性、不等式的恒成立等.【例1】已知x1是f(x)2xln x的一个极值点(1)求函数f(x)的单调递减区间；(2)设函数g(x)f(x)，若函数g(x)在区间1,2内单调递增，求实数a的取值范围. 【导学号：68334147】解(1)因为f(x)2xln x，所以f(x)2，因为x1是f(x)2xln x的一个极值点，所以f(1)2b10，解得b3，经检验，符合题意，所以b3.则函数f(x)2xln x，其定义域为(0，).4分令f(x)20，解得x1，所以函数f(x)2xln x的单调递减区间为(0,1.7分(2)因为g(x)f(x)2xln x，所以g(x)2.9分因为函数g(x)在1,2上单调递增，所以g(x)0
