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1、2021-2022学年辽宁省沈阳市法库县高级中学 高二物理测试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）电场中有一点P，下列说法中正确的有（ ）A若放在P点的电荷的电量减半，则P点的场强减半BP点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大C若P点没有检验电荷，则P点场强为零DP点的场强方向为放在该点的电荷的受力方向参考答案：B2. (单选)如图3所示，a、b、c是一条电场线上的三点，电场线的方向由a到 c，a、b间距离等于b、c间距离，用a、b、c和Ea、Eb、Ec分别表示a、 b、c三点的电势和场强，可以判定 （ ） Aabc BEa
2、EbEc Ca b=b c DEa = Eb = Ec参考答案：A3. 如图所示的竖直平面内，水平条形区域I和内有方向垂直竖直面向里的匀强磁场，其宽度均为d，I和之间有一宽度为h的无磁场区域，hd一质量为m、边长为d的正方形线框由距区域I上边界某一高度处静止释放，在穿过两磁场区域的过程中，通过线框的电流及其变化情况相同重力加速度为g，空气阻力忽略不计则下列说法正确的是（）A线框进入区域I时与离开区域I时的电流方向相同B线框进入区域时与离开区域时所受安培力的方向相同C线框有可能匀速通过磁场区域ID线框通过区域I和区域产生的总热量为Q=mg（d+h）参考答案：B【考点】导体切割磁感线时的感应电动势
3、；焦耳定律【分析】根据楞次定律分析感应电流的方向和安培力方向根据通过线框的电流及其变化情况相同，可分析线框在磁场中的运动情况由能量守恒分析总热量【解答】解：A、线框进入区域I时磁通量增加，离开区域I时磁通量减少，所以由楞次定律判断知，线框进入区域I时与离开区域I时感应电流方向相反，故A错误B、根据楞次定律：感应电流阻碍导体与磁场的相对运动，可知线框进入区域时与离开区域时所受安培力的方向相同，均竖直向上故B正确C、在穿过两磁场区域的过程中，因为通过线框的电流及其变化情况相同，由I=，知线圈刚进入两个磁场时的速度相同，运动情况相同，而在两个磁场之间，线圈要做匀加速运动，所以线圈在磁场中只能减速运动
4、，故C错误D、研究线框刚进入磁场到刚要磁场，由于动能不变，所以由能量守恒得产生的热量为mg（d+h），而线圈通过磁场区域时产生的热量也为mg（d+h），所以总热量为2mg（d+h），故D错误故选：B4. （单选）无线电技术的发展给人类带来了极大的便利，下列有关电磁波的说法，正确的是（ ）A电磁波不能在真空中传播B通信中广泛应用的无线电波是电磁波谱中波长最短的C手机使用过程中发射的无线电波都是经过调制的D电磁波具有反射、折射、干涉、衍射和偏振等现象，但不会发生多普勒效应参考答案：C 解析解：AB、电磁波的传播可以不需要介质，通信中的无线电波是电磁波谱中波长较长的波，故AB错误；C、声音信号通常要
5、通过调制加载在高频信号上后，才向外发射，所以是经过调制的，故C正确；D、电磁波是横波，能发生波具有的现象，即衍射现象反射、折射、干涉、衍射和偏振等现象，和多谱勒效应，故D错误故选：C5. （单选）如图所示，电压表和电流表的读数分别为10V和0.1A，电流表的内阻为0.2，那么有关待测电阻Rx的说法正确的是：（ ）ARx的测量值比真实值小 BRx的真实值为100CRx的真实值为100.2 DRx的真实值为99.8参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示是一块手机电池的标签。 从这个标签中可以看出：电池的电动势是 V；电池容量(存储电荷量的大小)为 C。参考答案
6、：3.7；19807. 电源电动势为E，内阻为r，外电阻为R，则干路电流I=_路端电压U=_ 。当R增大时，U将_，当R= 时此时U=_。当R减小时，U将_，当R=0 时， I=_ 。参考答案： R 增大 E 减小 E/r8. 14氢原子的能级如图所示，当氢原子从n=4向n=2的能级跃迁时，辐射的光子照射在某金属上，刚好能发生光电效应，则该金属的逸出功为 eV。现有一群处于n=4的能级的氢原子向低能级跃迁，在辐射出的各种频率的光子中，能使该金属发生光电效应的频率共有 种。参考答案：2.55 49. 高空作业须系安全带，如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下
7、落的距离为h（可视为自由落体运动此后经历时间t安全带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为 参考答案：+mg【考点】动量 冲量；动量定理【分析】先根据h=gt2求解自由落体运动的时间，从而求出总时间，对运动全程根据动量定理列式求解平均拉力【解答】解：对自由落体运动，有：h=gt12解得：t1=规定向下为正方向，对运动的全程，根据动量定理，有：mg（t1+t）Ft=0 解得：F=+mg故答案为：+mg10. 一个100匝的线圈，在0.5s内穿过它的磁通量从0.01Wb增加到0.09Wb。求线圈中的感应电动势 V，与10的电阻串联，电流大小 A参考答
8、案：16V、 1.6A11. 甲、乙两根粗细相同的不同导线，电阻率之比为1 : 2，长度之比为6 : 1，那么两根导线加相同的电压时，其电功率之比P甲 : P乙 = ；如果通过两根导线的电流强度相同，则其电功率之比P甲 : P乙 = 。参考答案：1 : 3，3 : 1 12. 一直升飞机停在南半球的地磁极上空该处地磁场的方向竖直向上，磁感应强度为B，直升飞机螺旋桨叶片的长度为L，螺旋桨转动的频率为f，顺着地磁场的方向看螺旋桨，螺旋桨按顺时针方向转动螺旋桨叶片的近轴端为a，远轴端为b，如图所示忽略a到转轴中心线的距离，则a点电势 b点电势（填大于、等于或小于），每个叶片产生的感应电动势E= 参考
9、答案：小于；fL2B【考点】导体切割磁感线时的感应电动势【分析】转动切割产生的感应电动势根据E=BLv求感应电动势大小，由右手定则判断感应电动势的方向，然后判断a、b两点电势的高低【解答】解：每个叶片都切割磁感线，根据右手定则，a点电势低于b点电势叶片端点的线速度：v=L=2fL，叶片的感应电动势电动势：E=BLv=E=BL2Lf=fL2B故答案为：小于；fL2B13. （5分）子弹以200m/s的速度射入固定的木板，穿出时速度为100m/s，若子弹损失的机械能全部转化为内能，并有50%被子弹吸收，求子弹的温度可升高_ 0C（子弹的比热容为130J/kg? 0C）参考答案：577三、 简答题：
10、本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 真空中有两个点电荷，所带电量分别为和，相距2cm，求它们之间的相互作用力，是引力还是斥力参考答案：，斥力解：根据库仑定律，则有：；同种电荷相互吸引，所以该力为“斥力”【点睛】解决本题的关键掌握库仑定律的公式，以及知道同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引15. （5分）某电流表的量程为10mA，当某电阻两端的电压为8V时，通过的电流为2mA，如果给这个电阻两端加上36V的电压，能否用这个电流表来测量通过该电阻的电流？并说明原因。参考答案：R=4000；=9 mA10mA所以能用这个电流表来测量通过该电阻的电流。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.
11、 如图,线框用裸导线组成,cd、ef两边竖直放置且相互平行,裸导体ab水平放置并可沿cd、ef无摩擦滑动,而导体棒ab所在处为匀强磁场B2=2T,已知ab长L=0.1m,整个电路总电阻R=5?螺线管匝数n=4,螺线管横截面积S=0.1m2?在螺线管内有图示方向磁场B1,若=10T/s均匀增加时,导体棒恰好处于静止状态,试求:(g=10m/s2):(1)通过导体棒ab的电流大小?(2)导体棒ab质量m为多少?参考答案：解:(1)螺线管产生的感应电动势: 4100.1V=4V -=0.8A -(2)ab所受的安培力 F=B2IL=20.80.1N=0.16N-导体棒静止时有F=mg-求得 m=0.
12、16kg-17. 如图所示，矩形线框匝数n=250，ab=12cm，ad=10cm，线框置于B=T的匀强磁场中，绕垂直于磁场的轴OO以120 r/min 的转速匀速转动，线框通过滑环与外电路相连，外电路接有R=12 的电阻及一只发光电压和熄灭电压都为12 V的氖泡L。求：（1）当S接e时，电流表读数为多少？R的热功率为多大？10 min内外力对线框做功多少？（2）当S接f时，氖泡闪光频率为多大？通电10 min，氖泡发光总时间为多少？（线框电阻不计）参考答案：(1)1.41 A，24 W，1.44104J (2)4 Hz；400 s试题分析：对转动的线圈，电动势的最大值为Em=nBS=2500
13、.120.104V= 24 V，电动势的瞬时值为e=24sin4tV。（1）当S接e时，电路中的电流为I=A=A=1.41 AR上的热功率为PR=I2R=24 W在10 min内外力做功等于电路中的电热W=Q=I2Rt=24600 J=1.44104J.（2）当S接f时，根据正弦曲线知，在交变电流的每一个周期，氖管闪光两次，每次闪光的时间为，因T=s，所以闪光频率f=4 Hz，闪光的总时间t总=400 s考点：考查求解交流电的相关物理量和交流电有效值的应用以及能量守恒点评：电流表的读数是指有效值，热功率也是用有效值求解，灯泡的发光时间根据交流电的周期性进行计算。18. 如图所示，质量为m的小球
14、，用长为L的细线悬挂在水平天花板上的O点现将小球偏离平衡位置，使细线与竖直方向的夹角为，然后将小球由静止释放当小球运动到最低点时，试求：（1）小球的速度大小；（2）小球的角速度大小；（3）小球对细线拉力的大小（已知当地的重力加速度为g，不计空气阻力）参考答案：解：（1）设球由静止释放运动到最低点时的速度大小为v，根据机械能守恒定律得：mgL（1cos）=mv2解得：v=（2）根据v=L联立解得小球的角速度大小=（3）设在最低点细线对小球拉力的大小为T，根据牛顿第二定律得：Tmg=解得：T=（32cos）mg根据牛顿第三定律，小球对细线拉力的大小T=T=（32cos）mg答：（1）小球的速度大小为；（2）小球的角速度大小为；（3）小球对细线拉力的大小为（32cos）mg
