《2019届高三上学期第一次模拟考试物理专题训练（含答案和解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019届高三上学期第一次模拟考试物理专题训练（含答案和解析）（25页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2019届高三上学期第一次模拟考试物理专题训练1、选择题如图所示，质量分别为m、M的两个物体系在一根通过定滑轮的轻绳两端M放在水平地板上，m被悬在空中，若将M沿水平地板向右缓慢移动少许后M仍静止，则 （ ）A. 绳中张力不变 B. M对地面的压力变大 C. M所受的静摩擦力变大 D. 滑轮轴所受的压力变大 【答案】 D 【解析】 对M列竖直方向的平衡方程 因为绳子与竖直方向夹角变小，所以地面支持力N减小，A对，B错。水平方向的平衡方程 可知摩擦力减小，C错。滑轮所受压力等于两绳子拉力之合，因为两绳夹角减小（分力一定时夹角越小合力越大）故滑轮轴所受的压力变大，D对2、选择题用水平力拉一物体在水平
2、地面上从静止开始做匀加速运动，到t1末撤去拉力F，物体做匀减速运动，到t2末静止。其速度图象如图所示，且 P2 【答案】 A 【解析】 试题分析：根据动能定理，整个过程中，只有拉力和摩擦力做功，所以有 ，所以有 ，速度时间图像与坐标围成的面积表示位移，从图中可得摩擦力在两个过程中的位移不同，所以 ，B错误；因为 ，根据 所以有 ，加速过程的平均速度为 ，减速过程中的平均速度为 ，故 ，根据公式 可得 ，带入 可得 ，故CD错误3、选择题光滑的水平轨道AB，与半径为R的光滑的半圆形轨道BCD相切于B点，其中圆轨道在竖直平面内，B为最低点，D为最高点.一质量为m的小球以初速度沿AB运动，恰能通过最
3、高点，则( ) A. R越大，过D点后平抛的水平位移最大 B. R越大，小球经过B点后的瞬间对轨道的压力越大 C. 小球过D点后可能做自由落体运动 D. m与R同时增大，初动能 增大 【答案】 AD 【解析】 小球恰能通过最高点时，由重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出小球经最高点时的速度，根据动能定理求出初速度v0与半径R的关系，小球经过B点后的瞬间由重力和轨道的支持力的合力提供向心力，由牛顿运动定律研究小球对轨道的压力与半径的关系，利用动能定理来解决初动能； A、小球恰能通过最高点时，由重力提供向心力，则有： ，即： 做平抛运动，则有： ， ，整理可以得到： ，可知：R越大，过D点后平抛的
4、水平位移最大，故选项A正确，C错误； B、由于 ，根据动能定理得， ，得到： ，小球经过B点后的瞬间根据牛顿第二定律有： ，得到轨道对小球的支持力为： ，则N与R无关，则小球经过B点后瞬间对轨道的压力与R无关，故B错误； D、初动能 ，得知m与R同时增大，初动能 增大，故D正确。4、选择题我国志愿者王跃曾与俄罗斯志愿者一起进行“火星-500”的实验活动。假设王跃登陆火星后，测得火星的半径是地球半径的，质量是地球质量的 。已知引力常量为G，地球表面的重力加速度是g，地球的半径为R，王跃在地面上能向上竖直跳起的最大高度是h，忽略自转的影响，下列说法正确的是（ ） A. 火星的密度为 B. 火星表面
5、的重力加速度是 C. 火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为2:3 D. 王跃以与在地球上相同的初速度在火星上起跳后，能达到的最大高度是 【答案】 A 【解析】 根据万有引力等于重力得出重力加速度之比，结合万有引力等于重力求出火星的质量，从而得出火星的密度； 根据万有引力提供向心力求出第一宇宙速度之比； 根据初速度相等，结合速度位移公式，通过重力加速度之比求出上升的最大高度之比； A、根据 得，星球表面的重力加速度 ，因为火星的半径是地球半径的 ，质量是地球质量的 ，则火星表面的重力加速度是地球表面重力加速度的 ，即火星表面的重力加速度为 ，因为火星的半径为 ，根据 ，解得火星的质量 ，
6、则火星的密度 ，故A正确，B错误； C、根据 ，则第一宇宙速度 ，因为火星的半径是地球半径的 ，质量是地球质量的 ，则火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的 倍，故C错误； D、根据 知，火星表面的重力加速度是地球表面重力加速度的 ，知在火星上起跳能达到的最大高度为 ，故D错误。5、选择题科学家预测银河系中所有行星的数量大概在2万亿-3万亿之间.日前在银河系发现一颗类地行星，半径是地球半径的两倍，质量是地球质量的三倍.卫星a、b分别绕地球、类地行星做匀速圆周运动，它们距中心天体表面的高度均等于地球的半径.则卫星a、b的( )A. 线速度之比为1: B. 角速度之比为3:2 C. 周期之比为2
7、： D. 加速度之比为4:3 【答案】 B 【解析】 根据万有引力等于向心力，分别求出两卫星线速度的表达式，再求解线速度之比，根据周期公式求周期之比，由向心加速度公式结合求向心加速度之比； 根据万有引力提供向心力得： 得： ， ， ， ； A、卫星a、b的线速度之比 ，故A错误； B、卫星a、b的角速度之比 ，故B正确； C、卫星a、b的周期之比 ，故C错误； D、卫星a、b的向心加速度之比 ，故D错误。6、选择题一质量为0.5kg的质点从静止开始沿某一方向做匀加速直线运动，它的动量p随位移x变化的关系为（各量均取国际单位），则此质点（ ） A. 加速度为2m/s2 B. 前2s内动量增加8k
8、g C. 在连续相等时间内，动量增加量越来越大 D. 在通过连续相等的位移时，动量增量可能相等 【答案】 B 【解析】 根据匀变速直线运动的速度位移公式和动量的表达式，结合动量随位移变化的关系式求出加速度，从而求出2s内速度的变化量，得出动量的变化量； A、根据 得， ，则动量 ，可知 ，解得质点的加速度为 ，故A错误； B、 内物体速度的增量为 ，则动量的增量 ，故B正确； C、因为相同时间内速度的变化量相同，则动量的增加量一定相等，故C错误； D、因为相等位移内速度变化量不同，则动量的增加量不可能相等，故D错误。7、选择题摄影组在某大楼边拍摄武打片，要求特技演员从地面飞到屋顶如图所示.若特
9、技演员的质量，人和车均视为质点，g=10m/s2，导演从某房顶离地H=8m处架设了轮轴，轮和轴的直径之比为2:1.若轨道车从图中A前进s=6m到B处时速度为v=5m/s，则由于绕在轮上细刚丝拉动，特技演员( ) A. 上升的高度为4m B. 在最高点具有竖直向上的速度6m/s C. 在最高点具有的机械能为2900J D. 钢丝在这一过程中对演员做的功为1225J 【答案】 ABC 【解析】 利用几何关系求出钢丝上升的距离，根据轮和轴的具有相同的角速度，求出演员上升的距离；根据速度的分解求出钢丝的速度和轨道车的速度的关系，运用动能定理研究求解； A、由图可知，在这一过程中，连接轨道车的钢丝上升的
10、距离为 ， 轮和轴的直径之比为 ，所以演员上升的距离为 ，故A正确； B、设轨道车在B时细线与水平方向之间的夹角为，将此时轨道车的速度分解，此时钢丝的 ，由于轮和轴的角速度相同，则其线速度之比等于半径（直径）之比为 ， ，故B正确； C、对演员根据动能定理得： 代入数据可以得到： 根据功能关系可知，钢丝在一过程中对演员做的功等于演员机械能的增量，即 ，以地面为参考平面，则在最高点具有的机械能为 ，故C正确，D错误。8、选择题如图所示，在光滑绝缘水平面上三个小球，两两间的距离都是L。A、B电荷量都是+q，质量为m，C球质量为2m，给C一个外力F，使三个小球保持相对静止共同加速运动，以下判断错误的
11、是（ ）A. C球只能带负电，且电量为-2q B. 恒力大小F=3 C. 即使他们的轨迹为曲线，A给B的库仑力也不做功 D. 若某时刻撤去F，则撤去的瞬间C求的加速度大小为2 【答案】 CD 【解析】 先分析A、B两球的加速度，它们相互间的库仑力为斥力，因此C对它们只能是引力，而且两个库仑力的合力应沿垂直于AB连线的方向这样就把A受的库仑力和合力的平行四边形确定了，通过库仑定律化简计算； A、三个小球构成等边三角形，AB之间相互排斥，要保持间距L不变，C球必带负电同时吸引AB，加速度相同，A、B的合力方向要垂直于A、B连线指向C球一侧； 对A球受力分析可知，得C球带负电，且： 解得： ，即C球
12、只能带负电，且电量为 ，故选项A正确； B、设三个小球的加速度都是a，根据牛顿第二定律和库仑定律， 对A球受力分析可知 ，则 ； 对整体受力分析可知 ，故选项B正确； C、由题可知，要保持间距L不变，只能做直线运动，即使做曲线运动，若A对B的库仑力与不垂直，该力可以做功，故选项C错误； D、在撤去力F瞬间，对C根据牛顿第二定律可以得到： 则瞬间C的加速度为： ，方向与力F反向，故选项D错误。9、选择题如图所示，一质量为m的物体在沿斜面向上的恒力F作用下，由静止从底端向上做匀加速直线运动.若斜面足够长，表面光滑，倾角为.经时间t恒力F做功80J，此后撤去恒力F，物体又经时间t回到出发点，且回到出
13、发点时的速度大小为v，若以地面为重力势能的零势能面，则下列说法中正确的是( ) A. 物体回到出发点时的机械能是80J B. 撤去力F前的运动过程中，物体的动能一直在增加，撤去力F后的运动过程中物体的动能一直在减少 C. 撤去力F前和撤去力F后的运动过程中物体的加速度之比为1:3 D. 在撤去力F前的瞬间，力F的功率是 【答案】 ACD 【解析】 根据物体的运动的特点，在拉力F的作用下运动时间t后，撤去拉力F之后又运动时间t返回出发点，根据物体的这个运动过程，列出方程可以求得拉力和撤去拉力时物体的速度的大小，从而可以求得拉力F的功率的大小； A、根据能量守恒，除了重力之外的力对物体做正功时，物
14、体的机械能就要增加，增加的机械能等于外力作功的大小，由于拉力对物体做的功为 ，所以物体的机械能要增加 ，撤去拉力之后，物体的机械能守恒，所以当回到出发点时，所有的能量都转化为动能，所以动能为 ，重力势能为0，所以物体回到出发点时的机械能是 ，故A正确； B、撤去力F后物体向上减速，速度减为零之后，要向下加速运动，所以撤去力F后的运动过程中物体的动能是先减小后增加，故B错误； C、设撤去力F前和撤去力F后的运动过程中物体的加速度大小分别为： 和 。 这两个过程的位移大小相等，方向相反，取沿斜面向上为正方向，则有： ，则得： ，故C正确； D、因为物体做匀加速直线运动，初速度为0，由牛顿第二定律可得， ， 撤去恒力F后是匀变速运动，且加速度为 ，又 联立上两式得： 设刚撤去拉力F时物体的速度大小为 ，则 对于从撤去到返回的整个过程，有： ， 解得， 所以可得在撤去力F前的瞬间，力F的功率： ，故D正确。10、实验题某同学利用如图所示的装置探究小车的加速度与所受合外力的关系，具体实验步骤如下:按照图示安装好实验装置，并测出两光电门间距离L 平衡摩擦力即调节长木板的倾
