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1、【答案】 (1)Aa aa (2)AA (3)B：Aa Aa 黄色 黄色 1AA 2Aa 1aa 不存活 黄色 黑色 C：Aa aa 黄色 黑色 1Aa 1aa 黄色 黑色,【探规寻律】 自然界中由于致死原因造成的比例异常问题 (1)隐性致死：隐性基因成对存在时,对个体发育有致死作用.如植物中的白化基因(bb)，使植物不能形成叶绿素，植物不能进行光合作用而死亡。 (2)显性致死：显性基因具有致死作用。如人的神经胶质症(皮肤畸形生长，智力严重缺陷，出现多发性肿瘤等症状)。 (3)配子致死：指致死基因在配子时期发生作用，从而不能形成有活力配子的现象。 (4)合子致死：指致死基因在胚胎时期或幼体阶段
2、发生作用，从而不能形成活的幼体或个体夭折的现象。,跟踪训练 1某种鼠中，毛的黄色基因Y对灰色基因y为显性，短尾基因T对长尾基因t为显性，且基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是自由组合的。现有两只黄色短尾鼠交配,它们所生后代的表现型比例为( ) A9331 B4221 C3311 D1111 解析：选B。亲本为YyTtYyTt，则所生后代的基因型Y_T_Y_ttyyT_yytt9331。其中Y_T_中不能存活的为1YYTT、2YYTt、2YyTT,能存活的只有4YyTt。Y_tt中不能存活的为1YYtt，yyT_中不能存活的为1yyTT.,题型2 两对等位基因控制一个性状的特殊遗传分离
3、比 蚕的黄色茧(Y)对白色茧(y)为显性,抑制黄色出现的基因(I)对黄色出现的基因(i)为显性，两对等位基因独立遗传.现用杂合白茧(IiYy)相互交配，后代中的白茧与黄茧的分离比为( ) A31 B133 C11 D151 【解题思路】 由于黄茧基因(Y)对白茧基因(y)为显性，抑制黄色出现的基因(I)对黄色出现的基因(i)为显性，当个体基因型为iiYY或iiYy时为黄茧，其余基因型时蚕的茧均为白色，故基因型IiYy的蚕相互交配时产生子代结白茧的占13/16，结黄茧的占3/16，即比例为133。,【答案】 B 【探规寻律】 某些生物的性状由两对等位基因控制，这两对基因在遗传的时候遵循自由组合定
4、律，但是F1自交后代的表现型却出现了很多特殊的性状分离比,如934、151、97、961等,分析这些比例,我们会发现比例中数字之和仍然为16，这也验证了基因的自由组合定律，具体情况分析如下表。,跟踪训练 2(2013内蒙古包头一中高一质检)两对相对性状的基因自由组合，如果F2的分离比分别为97、961和151，那么F1与双隐性个体测交，得到的分离比分别是( ) A13、121和31 B31、41和13 C121、41和31 D31、31和14 解析：选A。控制两对相对性状的基因只有分别位于两对同源染色体上才表现为自由组合，F2典型的性状分离比是9(双显)3(一显一隐)3(一隐一显)1(双隐)。
5、,由97的比例可以看出，“双显”表现出一种表现型，其余的表现出另一种表现型。由于F1测交后代基因型比例为相等的四种，所以两种表现型的比例应为13；由961的比例可以看出，一显一隐和一隐一显表现出了一种表现型，其他仍正常表现，由于F1测交后代基因型不变，表现型比例为121；由151可以看出，典型比例中“9(双显)3(一显一隐)3(一隐一显)”都是表现相同的一种性状，只有含有双隐性纯合基因时才表现为另一种性状，因此，F1测交后代中的表现型比例为31。,题型3 两种遗传病概率的计算方法 一个患并指症(由显性基因S控制)且肤色正常的男性与一个表现型正常的女性婚后生了一个手指正常但患白化病的孩子。试分析
6、 (1)他们下一胎生下并指且白化男孩的概率是_。 (2)生下的男孩并指且白化的概率是_。 【解题思路】 双亲基因型为SsAa(父)、ssAa(母)，则后代患并指孩子的概率为1/2，白化孩子的概率为1/4，并指且白化孩子的概率为1/21/41/8，则并指且白化男孩的概率并指且白化孩子的概率1/21/81/21/16。男孩并指且白化的概率并指且白化男孩/所有男孩(1/2并指且白化孩子)/(1/2所有后代)并指且白化孩子的概率1/8。,【答案】 (1)1/16 (2)1/8,【探规寻律】 当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况概率如下： (1)只患甲病的概率是m(1n)； (2)只患乙
7、病的概率是n(1m)；,(3)甲、乙两病同患的概率是mn； (4)甲、乙两病均不患的概率是(1m)(1n)； (5)患病的概率：1(1m)(1n)； (6)只患一种病的概率：m(1n)n(1m)。 以上规律可用下图帮助理解：,跟踪训练 3一对正常夫妇，双方都有耳垂(控制耳垂的基因位于常染色体上)，结婚后生了一个白化且无耳垂的孩子，若这对夫妇再生一个孩子，为有耳垂但患白化病的概率是( ) A3/8 B3/16 C3/32 D5/16 解析：选B。假设控制白化病的基因用A/a表示，控制耳垂的基因用C/c表示。由于正常夫妇结婚后生了一个白化(aa)且无耳垂(cc)的孩子，说明两人基因型为AaCc、A
8、aCc。则再生一个孩子为有耳垂但患白化病的概率是：3/16。,能力提升 1已知某闭花受粉植物高茎对矮茎为显性,红花对白花为显性,两对性状独立遗传。用纯合的高茎红花与矮茎白花杂交,F1自交，播种所有的F2，假定所有F2植株都能成活，F2植株开花时，拔掉所有的白花植株，假定剩余的每株F2植株自交收获的种子数量相等，且F3的表现型符合遗传的基本规律。从理论上讲F3中表现白花植株的比例为( ) A1/4 B1/6 C1/8 D1/16,解析：选B。本题虽然涉及了两对相对性状，但根据题干的要求来看，实际上只要考虑一对相对性状红花和白花即可。假设红花由A基因控制，白花由a基因控制，则F1的基因型为Aa，F
9、2的红花植株的基因型为1/3AA和2/3Aa，F3中出现白花植株的比例为2/31/41/6。,2(2013唐山一中检测)天竺鼠身体较圆，唇形似兔，是鼠类宠物中最温驯的一种，受到人们的喜爱。科学家通过研究发现，该鼠的毛色由两对基因控制，这两对基因分别位于两对常染色体上。现有一批基因型为BbCc的天竺鼠，已知B决定黑色毛，b决定褐色毛，C决定毛色存在，c决定毛色不存在 (即白色)。则这批天竺鼠繁殖后，子代中黑色褐色白色的理论比值为( ) A943 B934 C916 D961,3南瓜的扁盘形、圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因控制(A、a和B、b)，这两对基因独立遗传。现将2株圆形南瓜植株进行杂交
10、，F1收获的全是扁盘形南瓜；F1自交，F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。据此推断，亲代圆形南瓜植株的基因型分别是( ) AaaBB和Aabb BaaBb和AAbb CAAbb和aaBB DAABB和aabb 解析：选C。根据F2的表现型：扁盘形137圆形89长圆形15961可知：961是两对等位基因自由组合分离比9331的变形；其中扁盘形为双显性，圆形为“一显一隐”，长圆形为双隐性。由于亲代植株是两株圆形南瓜，且F1全是扁盘形，因此亲代必为纯合子，根据分析，其基因型只能是AAbb、aaBB。,4(2013山东省济宁市高一检测)香豌豆中，当C、R两个显性遗传因子都存在时，花才
11、呈红色。一株红花香豌豆与遗传因子组成为ccRr的植株杂交，子代中有3/8开红花；若让此红花香豌豆进行自交，后代红花香豌豆中杂合子占( ) A8/9 B1/2 C1/4 D1/8 解析：选A。此红花植株遗传因子组成为CcRr，自交后代遗传因子组成比例C_R_C_rrccR_ccrr9331，后代红花香豌豆为C_R_，其中杂合子占8/9。,5人类的皮肤含有黑色素，黑人含量最多，白人含量最少,皮肤中黑色素的多少由两对独立遗传的基因(A和a,B和b)所控制。显性基因A和B可以使黑色素增加,两者增加的量相等,并且可以累加。若一纯种黑人与一纯种白人结婚，后代肤色为黑白中间色。如果该后代与同基因型的异性婚配
12、，其子代可能出现的基因型种类和不同表现型的比例为( ) A3种 31 B3种 121 C9种 9331 D9种 14641,解析：选D。根据题中条件可知，纯种黑人与纯种白人婚配后，后代的基因型为AaBb，那么与同基因型的人婚配后的基因型种类为9种，分别为AABB(1/16)、AaBB(2/16)、AaBb(4/16)、AABb(2/16)、AAbb(1/16)、Aabb(2/16)、aaBB(1/16)、aaBb(2/16)、aabb(1/16).根据题中显隐性关系,表现型相同的有AaBB(2/16)与AABb(2/16)；AAbb(1/16)与aaBB(1/16)、AaBb(4/16)；Aa
13、bb(2/16)与aaBb(2/16)；还有AABB(1/16)和aabb(1/16)两种表现型，其比例依次为46411。因此应该有5种表现型，比例为14641。,6在西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性，但在另一白色显性基因(W)存在时，则基因Y和y都不能表达。现有基因型为WwYy的个体自交，其后代表现型种类及比例是( ) A4种，9331 B2种，133 C3种，1231 D3种，1033 解析：选C。根据自由组合定律，基因型为WwYy的个体自交，后代有9W_Y_3W_yy3wwY_1wwyy,结合题意，只要有W，则表现为白皮；无W有Y，则表现为黄皮;无W无Y,则表
14、现为绿皮，故WwYy自交子代表现型有3种,比例为 白皮黄皮绿皮1231。,7人类多指基因(T)对手指正常(t)是显性，白化病基因(a)对肤色正常(A)为隐性，基因都位于常染色体上，而且都是独立遗传。一个家庭中，父亲是多指，母亲正常，他们有一个白化病和手指正常的孩子。则再生一个孩子只患一种病的几率是( ) A1/8 B1/2 C1/4 D3/8 解析：选B。先求双亲的基因型：父亲多指T_A_，母亲正常ttA_；由双亲生有一个白化病的孩子可知双亲控制肤色的基因型均为Aa；因为有手指正常的孩子，,所以父亲控制多指的基因型只能是Tt,否则子代全都是多指。由此推得双亲的基因型是：TtAa和ttAa。这对夫妇的后代若只考虑手指这一性状，患多指的概率为1/2，正常指的概率为1/2；若只考虑白化病这一性状，患白化病的概率为1/4，正常的概率为3/4,因此再生一个孩子只患一种病的概率为1/21/421/21/41/2，也可通过另一计算式1/2(11/4)1/4(11/2)求出再生一个孩子只患一种病的概率为1/2。,8下面是具有两种遗传病的家族系谱图，若7为纯合子，假设10与9结婚，生出只有一种病的女孩的概率是( ) A1/12 B1/6 C1/3
