《2020版高考物理大一轮复习 第七章 专题强化八 带电粒子（带电体）在电场中运动的综合问题讲义（含解析）教科版》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020版高考物理大一轮复习 第七章 专题强化八 带电粒子（带电体）在电场中运动的综合问题讲义（含解析）教科版（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、专题强化八带电粒子(带电体)在电场中运动的综合问题专题解读1.本专题主要讲解带电粒子(带电体)在电场中运动时动力学和能量观点的综合运用，高考常以计算题出现2学好本专题，可以加深对动力学和能量知识的理解，能灵活应用受力分析、运动分析(特别是平抛运动、圆周运动等曲线运动)的方法与技巧，熟练应用能量观点解题3用到的知识：受力分析、运动分析、能量观点一、带电粒子在电场中的运动1分析方法：先分析受力情况，再分析运动状态和运动过程(平衡、加速或减速，轨迹是直线还是曲线)，然后选用恰当的规律如牛顿运动定律、运动学公式、动能定理、能量守恒定律解题2受力特点：在讨论带电粒子或其他带电体的静止与运动问题时，重力是
2、否要考虑，关键看重力与其他力相比较是否能忽略一般来说，除明显暗示外，带电小球、液滴的重力不能忽略，电子、质子等带电粒子的重力可以忽略，一般可根据微粒的运动状态判断是否考虑重力作用二、用能量观点处理带电体的运动对于受变力作用的带电体的运动，必须借助能量观点来处理即使都是恒力作用的问题，用能量观点处理也常常更简捷具体方法常有两种：1用动能定理处理思维顺序一般为：(1)弄清研究对象，明确所研究的物理过程(2)分析物体在所研究过程中的受力情况，弄清哪些力做功，做正功还是负功(3)弄清所研究过程的始、末状态(主要指动能)(4)根据WEk列出方程求解2用包括电势能和内能在内的能量守恒定律处理列式的方法常有
3、两种：(1)利用初、末状态的能量相等(即E1E2)列方程(2)利用某些能量的减少等于另一些能量的增加列方程3两个结论(1)若带电粒子只在电场力作用下运动，其动能和电势能之和保持不变(2)若带电粒子只在重力和电场力作用下运动，其机械能和电势能之和保持不变命题点一带电粒子在交变电场中的运动1常见的交变电场常见的产生交变电场的电压波形有方形波、锯齿波、正弦波等2常见的题目类型(1)粒子做单向直线运动(一般用牛顿运动定律求解)(2)粒子做往返运动(一般分段研究)(3)粒子做偏转运动(一般根据交变电场特点分段研究)3思维方法(1)注重全面分析(分析受力特点和运动规律)：抓住粒子的运动具有周期性和在空间上
4、具有对称性的特征，求解粒子运动过程中的速度、位移、做功或确定与物理过程相关的边界条件(2)从两条思路出发：一是力和运动的关系，根据牛顿第二定律及运动学规律分析；二是功能关系(3)注意对称性和周期性变化关系的应用例1(2018山东省日照市二模)图1甲为两水平金属板，在两板间加上周期为T的交变电压u，电压u随时间t变化的图线如图乙所示质量为m、重力不计的带电粒子以初速度v0沿中线射入两板间，经时间T从两板间飞出下列关于粒子运动的描述错误的是()图1At0时入射的粒子，离开电场时偏离中线的距离最大BtT时入射的粒子，离开电场时偏离中线的距离最大C无论哪个时刻入射的粒子，离开电场时的速度方向都水平D无
5、论哪个时刻入射的粒子，离开电场时的速度大小都相等答案B解析粒子在电场中运动的时间是相同的；t0时入射的粒子，在竖直方向先加速，然后减速，最后离开电场区域，故t0时入射的粒子离开电场时偏离中线的距离最大，选项A正确；tT时入射的粒子，在竖直方向先加速，然后减速，再反向加速，最后反向减速离开电场区域，故此时刻射入的粒子离开电场时速度方向和中线在同一直线上，选项B错误；因粒子在电场中运动的时间等于电场变化的周期T，根据动量定理，竖直方向电场力的冲量的矢量和为零，故所有粒子离开电场时的竖直方向分速度为零，即最终都垂直电场方向射出电场，离开电场时的速度大小都等于初速度，选项C、D正确变式1(多选)(20
6、18河北省衡水中学二调)如图2甲所示，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示t0时刻，质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间，0时间内微粒匀速运动，T时刻微粒恰好经金属板边缘飞出微粒运动过程中未与金属板接触重力加速度的大小为g.关于微粒在0T时间内运动的描述，正确的是()图2A末速度大小为v0B末速度沿水平方向C重力势能减少了mgdD克服电场力做功为mgd答案BC解析因0时间内微粒匀速运动，故E0qmg；在时间内，微粒只受重力作用，做平抛运动，在t时刻的竖直速度为vy1，水平速度为v0；在T时间内，由牛顿第二定律得2E0qmgma，解得ag，方向向上，则在tT时刻，vy
7、2vy1g0，粒子的竖直速度减小到零，水平速度为v0，选项A错误，B正确；微粒的重力势能减小了Epmgmgd，选项C正确；从射入到射出，由动能定理得mgdW电0，可知克服电场力做功为mgd，选项D错误命题点二用“等效法”处理带电粒子在电场和重力场中的运动1等效重力法将重力与电场力进行合成，如图3所示，图3则F合为等效重力场中的“重力”，g为等效重力场中的“等效重力加速度”，F合的方向等效为“重力”的方向，即在等效重力场中的“竖直向下”方向2物理最高点与几何最高点在“等效力场”中做圆周运动的小球，经常遇到小球在竖直平面内做圆周运动的临界速度问题小球能维持圆周运动的条件是能过最高点，而这里的最高点
8、不一定是几何最高点，而应是物理最高点几何最高点是图形中所画圆的最上端，是符合人眼视觉习惯的最高点而物理最高点是物体在圆周运动过程中速度最小的点例2(2018闽粤期末大联考)如图4所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根长度为L0.4m的绝缘细线把质量为m0.20kg，带有q6.0104C正电荷的金属小球悬挂在O点，小球静止在B点时细线与竖直方向的夹角为37.已知A、C两点分别为细线悬挂小球的水平位置和竖直位置，求：(g取10m/s2，sin370.6，cos370.8)图4(1)A、B两点间的电势差UAB.(2)将小球拉至位置A使细线水平后由静止释放，小球通过最低点C时细线对小球的拉
9、力F的大小(3)如果要使小球能绕O点做完整的圆周运动，则小球在A点时沿垂直于OA方向运动的初速度v0的大小答案(1)400V(2)3N(3)m/s解析(1)带电小球在B点静止受力平衡，根据平衡条件得：qEmgtan，得：EV/m2.5103 V/m由UEd有：UABEL(1sin)2.51030.4(1sin37) V400V.(2)设小球运动至C点时速度为vC，则：mgLqELmv解得：vCm/s在C点，小球所受重力和细线的合力提供向心力：Fmgm，联立解得：F3N.(3)分析可知小球做完整圆周运动时必须通过B点关于O点的对称点，设在该点时小球的最小速度为v，则：mgcosqEsinmgLc
10、osqEL(1sin)mv2mv联立解得：v0m/s.变式2(2018安徽省皖南八校第二次联考)如图5，一质量为m11kg，带电荷量为q0.5C的小球以速度v03m/s，沿两正对带电平行金属板(板间电场可看成匀强电场)左侧某位置水平向右飞入，极板长0.6 m，两极板间距为0.5 m，不计空气阻力，小球飞离极板后恰好由A点沿切线落入竖直光滑圆弧轨道ABC，圆弧轨道ABC的形状为半径RRm或Rm解析(1)在A点，竖直分速度vyv0tan534m/s带电粒子在平行板中运动时间t0.2svyat，得a20m/s2又mgEqmaE，得U10V(2)在A点速度vA5m/s若小球不超过圆心等高处，则有mv(
11、mgqE)Rcos53得Rm故3mRm若小球能到达最高点C，则有mv(mgqE)R(1cos53)mv在C点：mgEqm可得vC联立解得：Rm故圆弧轨道半径R的取值条件为：3mRm或Rm命题点三电场中的力电综合问题1力学规律(1)动力学规律：牛顿运动定律结合运动学公式(2)能量规律：动能定理或能量守恒定律2电场规律(1)电场力的特点：FEq，正电荷受到的电场力与场强方向相同(2)电场力做功的特点：WABFLABcosqUABEpAEpB.3多阶段运动在多阶段运动过程中，当物体所受外力突变时，物体由于惯性而速度不发生突变，故物体在前一阶段的末速度即为物体在后一阶段的初速度对于多阶段运动过程中物体
12、在各阶段中发生的位移之间的联系，可以通过作运动过程草图来获得例3(2018四川省乐山市第一次调研)如图6所示，AB是位于竖直平面内、半径R0.5m的圆弧形的光滑绝缘轨道，其下端点B与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度E5103N/C.今有一质量为m0.1 kg、带电荷量q8105 C的小滑块(可视为质点)从A点由静止释放若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数0.05，取g10 m/s2，求：图6(1)小滑块第一次经过圆弧形轨道最低点B时对B点的压力；(2)小滑块在水平轨道上向右滑过的最大距离；(3)小滑块最终运动情况答案(1)2.2N，方向竖直向下(2)m(3)在圆弧
13、轨道上往复运动解析(1)设小滑块第一次到达B点时的速度为vB，对圆弧轨道最低点B的压力为N，则由AB，有mgRqERmvNmgm由牛顿第三定律NN故N3mg2qE2.2N，方向竖直向下，(2)设小滑块在水平轨道上向右滑行的最大距离为x，对全程由动能定理有mgRqE(Rx)mgx0得xm(3)由题意知qE81055103N0.4Nmg0.050.110N0.05N因此有qEmg所以小滑块最终在圆弧轨道上往复运动变式3(2018江西省南昌二中第四次模拟)如图7所示，在E103V/m的水平向左的匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN连接，半圆轨道所在竖直平面与电场线平行
14、，其半径R40 cm，一带正电荷q104 C的小滑块质量为m40 g，与水平轨道间的动摩擦因数0.2，取g10 m/s2，问：图7(1)要使小滑块恰好运动到圆轨道的最高点C，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？(2)这样释放的滑块通过P点时对轨道压力是多大？(P为半圆轨道中点)答案(1)20m(2)1.5N解析(1)设滑块与N点的距离为L，由动能定理可得，qELmgLmg2Rmv20小滑块在C点时，mgm解得v2m/s，L20m(2)滑块到达P点时，对全过程应用动能定理得，qE(LR)mgLmgRmv0在P点，NqEm，解得N1.5N由牛顿第三定律可得，滑块通过P点时对轨道压力大小是1.5N.变式4(2019山东省青岛市模拟)如图8所示，水平地面上方存在水平向左的匀强电场，一质量为m的带电小球(
