《2019年全国各地高考模拟题—电路和电磁感应选择题（练习三）专题汇编》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019年全国各地高考模拟题—电路和电磁感应选择题（练习三）专题汇编（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2019年全国各地高考模拟题电路和电磁感应选择题（练习三）专题汇编1. (2019.山东省聊城一模)如图所示，导体棒ab的两个端点分别搭接在两个竖直放置、半径相等的金属圆环上，两圆环所在空间处于方向竖直向下的匀强磁场中，圆环通过电刷与导线c、d相接。c、d两个端点接在匝数比n1：n2=10：1的理想变压器原线圈两端，变压器副线圈接一滑动变阻器R0，导体棒ab绕与ab平行的水平轴(即两圆环的中心轴，轴与环面垂直)OO以角速度匀速转动。如果滑动变阻器连入电路的阻值为R时，电流表的示数为I，ab棒、圆环及接触电阻均不计，下列说法正确的是()A. 变压器原线圈两端的电压U1=10IRB. 滑动变阻器上
2、消耗的功率为P=100I2RC. 取ab在环的最低端时t=0，则导体棒ab中感应电流的表达式是i=2IsintD. 若c、d间改接电阻R后电流表的示数不变，ab棒转过90的过程中流过ab棒的电荷量可能为1002IRR【答案】BD【解析】解：A、副线圈的电压为U=I2R=10IR，根据理想变压器的电压与匝数成正比可知，变压器原线圈两端的电压U1=100IR，故A错误；B、理想变压器的电流与匝数成反比，所以I2=10I，变阻器上消耗的功率为P=I22R=(10I)2R=100I2R，故B正确；C、ab在最低点时，ab棒与磁场垂直，此时的感应电动势最大，感应电流最大，所以棒ab中感应电流的表达式应为
3、i=2Icost，故C错误；D、根据电荷量的公式q=I-t=nR总可得：流过电阻R的电荷量为q=1002IRR.故D正确；故选：BD。掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题。根据电荷量的公式q=I-t求解ab棒转过90的过程中流过ab棒的电荷量。本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解。2.(2019.陕西省汉中一模)如图所示，理想变压器初、次级线圈分别接有R1、R2，R1=R2=10，初、次级线圈的匝数之比N1：N2=2：1，R2两端电压为10V，则R1两端的电压为()A. 5VB. 10VC.
4、 15VD. 20V【答案】A【解析】解：根据题意R2两端电压为10V，副线圈中的电流I2=U2R2=1010A=1A根据变流比规律I1I2=N2N1，得原线圈中电流为：I1=N2N1I2=121=12A电阻R1两端的电压UR1=I1R1=1210=5V故选：A。根据欧姆定律求出副线圈中的电流，由变流比规律得出原线圈的电流，最后由欧姆定律求出电阻R1两端的电压该题考查变压器的原理以及一般的应用，掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系即可解决本题3.(2019.陕西省汉中一模)如图所示，两平行的光滑导轨固定在同一水平面内，两导轨间距离为L，金属棒ab垂直于导轨，金属棒两端与导轨接触良好，在导轨左
5、端接入阻值为R的定值电阻，整个装置处于竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中。与R相连的导线、导轨和金属棒的电阻均可忽略不计。用平行于导轨向右的大小为F的力拉金属棒，使金属棒以大小为v的速度向右匀速运动()A. a端电势低于b端电势B. 拉力F=B2L2vRC. 回路中的感应电流沿顺时针方向流动D. 定值电阻消耗的电功率P=Fv【答案】BD【解析】解：A、ab切割磁感线，故ab相当于电源，由右手定则可知，电流由b到a，而电源内部电流由负极流向正极，故a相当于电源正极，a端电势高于b端电势；故A错误；B、电动势E=BLv，电流I=ER，故安培力F安=BIL=B2L2vR，因导体棒匀速运动，故拉力F
6、=B2L2vR，故B正确；C、根据右手定则可知，电流为逆时针方向流动，故C错误；D、定值电阻消耗的电功率等于电路中总的电功率，根据能量守恒定律可知，电功率等于拉力的功率，故P=Fv，故D正确。故选：BD。根据右手定则明确电流的方向，从而明确等效电源的正负极；再根据感应电动势和闭合电路欧姆定律求解安培力，再由平衡条件即可求得拉力大小；根据功能关系即可明确电功率的大小。本题比较简单考查了电磁感应与电路和力之间的结合，解决这类问题的关键是正确分析外电路的结构，然后根据有关电学知识以及平衡条件分析求解即可。4.(2019.济南市高模拟试卷3月)在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n=1000匝，横截面积S
7、=20cm2.螺线管导线电阻r=1.0，R1=4.0，R2=5.0，C=30F.在一段时间内，垂直穿过螺线管的磁场的磁感应强度B的方向如图甲所示，大小按如图乙所示的规律变化则下列说法中正确的是()A. 螺线管中产生的感应电动势为1.2VB. 闭合K，电路中的电流稳定后电容器下极板带负电C. 闭合K，电路中的电流稳定后，电阻R1的电功率为2.5610-2WD. K断开后，流经R2的电量为1.810-5C【答案】C【解析】解：A、根据法拉第电磁感应定律：E=nt=nSBt；解得：E=0.8V，故A错误；B、根据楞次定律可知，螺线管的感应电流盘旋而下，则螺线管下端是电源的正极，那么电容器下极带正电，
8、故B错误；C、根据全电路欧姆定律，有：I=ER1+R2+r=0.08A，根据P=I2R1解得：P=2.5610-2W；故C正确；D、S断开后，流经R2的电量即为S闭合时C板上所带的电量Q，电容器两端的电压为：U=IR2=0.4V，流经R2的电量为：Q=CU=1.210-5C，故D错误；故选：C。根据法拉第电磁感应定律求出螺线管中产生的感应电动势；根据楞次定律，来判定感应电流方向，从而确定电容器的正负极；电容器与R2并联，两端电压等于R2两端的电压，根据Q=CU求出电容器的电量；根据P=I2R求出电阻R1的电功率。本题是电磁感应与电路的综合，知道产生感应电动势的那部分相当于电源，运用闭合电路欧姆
9、定律进行求解5.(2019.济南市高模拟试卷3月)如图所示，甲为理想自耦变压器，A、P分别是可以滑动的触头。变压器输入图乙所示的交流电压，则()A. 通过滑动变阻器的交变电流的频率为50HzB. 滑动变阻器两端的电压等于220VC. 触头A向下滑动时，滑动变阻器消耗功率变大D. 触头P向下滑动时，滑动变阻器消耗功率变小【答案】AC【解析】解：A、图乙可知该交流电的周期为T=0.02s，则交变电流的频率：f=1T=10.02=50Hz，通过滑动变阻器的交变电流的频率也是50Hz，故A正确；B、当A位于最上方时，原、副线圈的匝数比为1：1，原线圈电压的有效值为U1=Um2=220V，由U1U2=n
10、1n2可知副线圈的输出电压的有效值也是220V；由图A不在正上方，所以电压表的读数不是220V，故B错误；C、在A向下缓慢移动的过程中，原线圈的匝数减小，则副线圈的输出电压增大，R上的电压增大，由P=U22R可知滑动变阻器消耗的功率增大，故C正确；D、当B向下移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻值减小，由P=U22R可知滑动变阻器消耗的功率增大，故D错误。故选：AC。根据图乙确定输入电压的最大值和周期，再求出有效值和频率；再根据变压器原理进行分析，从而确定电压表的示数；根据滑片的移动确定电阻的变化，再根据功率公式确定输出功率的变化；根据功率关系确定输入功率的变化。本题的关键在于Q位置不动时总电阻
11、不变，P不变时输出电压不变，完全利用变压器特点，同时注意结合闭合电路欧姆定律的动态分析的方法进行分析。6.(2019.陕西省渭南市二模)如图所示，相距为L的两条平行金属导轨与水平地面的夹角为，上端接有定值电阻R，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B.将质量为m的导体棒从距水平地面高h处由静止释放，导体棒能沿倾斜的导轨下滑，已知下滑过程中导体棒始终与导轨垂接触良好，接触面的动摩擦因数为，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g，下列选项正确的是()A. 棒从开始运动直至地面的过程中，通过电阻R的电量为BLhRsinB. 棒从开始运动直至地面的过程中，电阻R上产生的焦耳热为mgh-mghtanC.
12、 棒释放瞬间的加速度大小是gsin-gcosD. 如果增加导体棒质量，则导体棒从释放至滑到斜面底端的时间不变【答案】AC【解析】解：A、棒从开始运动直至地面的过程中，通过电阻R的电量为：q=I-t=E-tR=R=BLhsinR=BLhRsin.故A正确。B、棒从开始运动直至地面的过程中，设电阻R上产生的焦耳热为Q.棒到达地面时的速度大小为v。根据能量守恒定律得：mgh=Q+mgcoshsin+12mv2，可得：Q=mgh-mghtan-12mv2mgh-mghtan.故B错误。C、棒释放瞬间回路中感应电流为零，棒不受安培力，根据牛顿第二定律得：mgsin-mgcos=ma，可得棒的加速度大小为
13、：a=gsin-gcos，故C正确。D、棒从开始运动直至地面的过程中，根据动量定理得mgsint-mgcost-BI-Lt=mv-0，又I-t=q，则得：g(sin-cos)t=BqLm+v，增加导体棒质量，导体棒到达斜面底端时速度不同，t不同，故D错误。故选：AC。根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电流的定义式求通过电阻R的电量。根据能量守恒定律求电阻R上产生的焦耳热。棒释放瞬间，不受安培力，由牛顿第二定律求加速度大小。根据动量定理列式，分析增加导体棒质量时运动时间关系。解决本题的关键要能根据法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律推导出电荷量与磁通量变化量的关系，明确能量的转化情况，运用能量守
14、恒定律等知识综合求解。7.(2019.陕西榆林市三模)如图所示圆形线圈共n匝，电阻为R，过线圈中心O垂直于线圈平面的直线上有A、B两点，A、B两点的距离为2L，A、B关于O点对称。一条形磁铁开始放在A点，中心与O点重合，轴线与A、B所在直线重合，此时线圈中的磁通量为1，将条形磁铁以速度v匀速向右移动，轴线始终与直线重合，磁铁中心到O点时线圈中的磁通量为2，下列说法中正确的是()A. 磁铁在A点时，通过一匝线圈的磁通量为1nB. 磁铁从A到O的过程中，线圈中产生的平均感应电动势为E=nv(2-1)LC. 磁铁从A点运动到B点，线圈中磁通量的变化量为21D. 磁铁从A到B的过程，通过线圈某一截面的
15、电量为零【答案】BD【解析】解：A、磁铁在A点时，线圈中的磁通量为1，故通过一匝线圈的磁通量也为1，与匝数无关，故A错误；B、磁铁从A到O的过程中，线圈中产生的平均感应电动势为E=nt=nv2-1L，故B正确；CD、磁通量先增加后减小，磁通量的变化量为零，故平均感应电动势为零，故平均感应电流为零，故通过线圈某一截面的电量为零，故C错误，D正确；故选：BD。根据法拉第电磁感应定律公式E=nt求解平均感应电动势，根据欧姆定律求解电流，根据q=It求解电量。本题关键是明确感应电动势的平均值的求解方法，注意磁通量与面积和磁感应强度有关，与线圈的匝数无关。8.(2019.陕西榆林市三模)电容式加速度传感器的原理结构如图所示，质量块右侧连接轻质弹簧，左侧连接电介质，弹簧与电容器固定在外框上，质量块可带动电介质移动改变电容，则()A. 电介质插入极板间越深，电容器电容越小B. 当传感器以恒定加速度运动时，电路中没有电流C. 若传感器原来向右匀速运动，突然减速时弹簧会伸长D. 当传感器由静止突然向右加速瞬间，极板间的电量增大，电容器处于充电状态【答案】BD【解析】解：A、根据电容器的电容公
