《江苏省2014年高二下学期第二次月考物理（实验班）试卷-1》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏省2014年高二下学期第二次月考物理（实验班）试卷-1（9页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、江苏省启东中学2014年高二下学期第二次月考物理（实验班）试卷一、选择题：1、在两个倾角均为的光滑斜面上，各放有一个相同的金属棒，分别通以电流I1和I2，磁场的磁感应强度大小相同，方向如图中（a）、（b）所示，两金属棒均处于平衡状态，则两种情况下的电流的比值I1：I2为A B C D2、如图甲所示，M是一个小型理想变压器，原、副线圈匝数比n1n2111，a、b端接有正弦交变电流，电压随时间的变化规律如图乙所示变压器右侧部分为一火警报警电路原理图，其中R2为用半导体热敏材料(电阻随温度升高而减小)制成的传感器，R1为一定值电阻，电压表和电流表可视为理想电表下列说法中正确的是A变压器副线圈的输出电
2、压的表达式为u20sin 100t(V)B当传感器R2所在处未出现火警时，电压表的示数为20 VC当传感器R2所在处出现火警时，电压表的示数减小D当传感器R2所在处出现火警时，电流表的示数减小3、如图所示，A、B、C是三个完全相同的灯泡，L是一个自感系数较大的线圈(直流电阻可忽略不计)则AS闭合时，A灯立即亮，然后逐渐熄灭BS闭合时，B灯立即亮，然后逐渐熄灭C电路接通稳定后，三个灯亮度相同D电路接通稳定后，S断开时，C灯立即熄灭4、如图所示，平行板电容器AB两极板水平放置，A在上方，B在下方，现将其和二极管串联接在电源上，已知A和电源正极相连，二极管具有单向导电性，一带电小球沿AB 中心水平射
3、入，打在B极板上的N点，小球的重力不能忽略，现通过上下移动A板来改变两极板AB间距（两极板仍平行），则下列说法正确的是 A若小球带正电，当AB间距增大时，小球打在N的右侧B若小球带正电，当AB间距减小时，小球打在N的左侧C若小球带负电，当AB间距减小时，小球可能打在N的右侧D若小球带负电，当AB间距增大时，小球可能打在N的左侧yxv0EO5、如图所示，在水平向右的匀强电场中以竖直和水平方向建立直角坐标系，一带负电的油滴从坐标原点以初速度v0向第一象限某方向抛出，当油滴运动到最高点A（图中未画出）时速度为vt，试从做功与能量转化角度分析此过程，下列说法正确的是A若vtv0，则重力和电场力都对油滴
4、做正功引起油滴动能增大B若vtv0，则油滴电势能的改变量大于油滴重力势能的改变量C若vt= v0，则A点可能位于第一象限D若vt= v0，则A点一定位于第二象限6、如图所示，abcd为一正方形边界的匀强磁场区域，磁场边界边长为L，三个粒子以相同的速度从a点沿对角线方向射入，粒子1从b点射出，粒子2从c点射出，粒子3从cd边垂直射出，不考虑粒子的重力和粒子间的相互作用根据以上信息，可以确定A粒子1带正电，粒子2不带电，粒子3带负电B粒子1和粒子3的比荷之比为21C粒子1和粒子2在磁场中的运动时间之比为41D粒子3的射出位置与d点相距7、如图所示，平行金属板中带电质点P处于静止状态，不考虑电流表和
5、电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则A电压表读数减小 B电流表读数减小C质点P将向上运动DR3上消耗的功率逐渐增大8、如图所示，用同种电阻丝制成的正方形闭合线框1的边长与圆形闭合线框2的直径相等m和n是1线框下边的两个端点，p和q是2线框水平直径的两个端点.1和2线框同时由静止开始释放并进入上边界水平、足够大的匀强磁场中，进入过程中m、n和p、q连线始终保持水平当两线框完全进入磁场以后，下面说法正确的是Am、n和p、q电势的关系一定有UmUn，UpQ2D进入磁场过程中流过1和2线框的电荷量Q1Q29、如图所示，虚线右侧存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，正方形金属框电阻为
6、R，边长为l，自线框从左边界进入磁场时开始计时，在外力作用下由静止开始，以垂直于磁场边界的恒定加速度a进入磁场区域，t1时刻线框全部进入磁场规定顺时针方向为感应电流I的正方向，外力大小为F，线框中电功率的瞬时值为P，通过线框横截面的电荷量为q，其中Pt图像为抛物线，则这些量随时间变化的关系正确的是10、如图所示，两条电阻不计的平行导轨与水平面成角，导轨的一端连接定值电阻R1，匀强磁场垂直穿过导轨平面一根质量为m、电阻为R2的导体棒ab，垂直导轨放置，导体棒与导轨之间的动摩擦因数为，且R22R1.如果导体棒以速度v匀速下滑，导体棒此时受到的安培力大小为F，则以下判断正确的是A电阻R1消耗的电功率
7、为B整个装置消耗的机械功率为FvC整个装置因摩擦而消耗的功率为mgvcos D若使导体棒以v的速度匀速上滑，则必须施加沿导轨向上的外力F外2F二、计算题：11、如图所示，两平行导轨间距L0.1 m，足够长光滑的倾斜部分和粗糙的水平部分圆滑连接，倾斜部分与水平面的夹角30，垂直斜面方向向上的磁场磁感应强度B0.5 T，水平部分没有磁场金属棒ab质量m0.005 kg、电阻r0.02 ，运动中与导轨始终接触良好，并且垂直于导轨电阻R0.08 ，其余电阻不计当金属棒从斜面上离地高h1.0 m以上的任何地方由静止释放后，在水平面上滑行的最大距离x都是1.25 m取g10 m/s2，求：(1)金属棒在斜
8、面上的最大速度；(2)金属棒与水平面间的动摩擦因数；(3)从高度h1.0 m处滑下后电阻R上产生的热量12、某村在距村庄较远的地方修建了一座小型水电站，发电机输出功率为9 kW，输出电压为500 V，输电线的总电阻为10 ，允许线路损耗的功率为输出功率的4%，求：(1)村民和村办小企业需要220 V电压时，求所用升压变压器和降压变压器的原、副线圈的匝数比各为多少；(不计变压器的损耗)(2)若不用变压器而由发电机直接输送，村民和村办小企业得到的电压和功率各是多少13、如图所示，在粗糙水平面内存在着2n个有理想边界的匀强电场区，水平向右的电场和竖直向上的电场相互间隔，每一电场区域场强的大小均为E，
9、且 E= ，电场宽度均为d，水平面粗糙摩擦系数为，一个质量为m，带正电的、电荷量为q的物体（看作质点），从第一个向右的电场区域的边缘由静止进入电场，则物体从开始运动到离开第2n个电场区域的过程中，求：（1）电场力对物体所做的总功? 摩擦力对物体所做的总功？（2）物体在第2n个电场(竖直向上的)区域中所经历的时间？（3）物体在所有水平向右的电场区域中所经历的总时间？14、如图所示（俯视图），相距为2L的光滑平行金属导轨水平放置，导轨的一部分处在以为右边界的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强大小为B，方向垂直导轨平面向下，导轨右侧接有定值电阻R，导轨电阻忽略不计。在距边界为L处垂直导轨放置一质量为m、
10、电阻不计的金属杆ab。求解以下问题：（1）若金属杆ab固定在导轨上的初始位置，磁场的磁感应强度在时间t内由B均匀减小到0，求此过程中电阻R上产生的焦耳热。（2）若磁场的磁感应强度不变，金属杆ab在恒力的作用下由静止开始向右运动3L的距离，其图象如图乙所示。求：金属杆ab在刚要离开磁场时加速度的大小；此过程中电阻R上产生的焦耳热。15、如图所示，直线MN上方存在着垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，质量为m、电荷量为-q（q0）的粒子1在纸面内以速度从O点射入磁场，其方向与MN的夹角=30；质量为m、电荷量为+q的粒子2在纸面内以速度也从O点射入磁场，其方向与MN的夹角=60角。已知粒子1、
11、2同时到达磁场边界的A、B两点（图中未画出），不计粒子的重力及粒子间的相互作用。（1）求两粒子在磁场边界上的穿出点A、B之间的距离d；（2）求两粒子进入磁场的时间间隔；（3）若MN下方有平行于纸面的匀强电场，且两粒子在电场中相遇，其中的粒子1做直线运动。求电场强度E的大小和方向。答案：1、D2、AC3、A4、BC5、BD6、AB7、A8、AD9、C10、AC11、解析(1)到达水平面之前已经开始匀速运动(1分)设最大速度为v，感应电动势EBLv(1分)感应电流I(1分)安培力FBIL(1分)匀速运动时，mgsin F(1分)解得v1.0 m/s(1分)(2)滑动摩擦力fmg(1分)金属棒在摩擦
12、力作用下做匀减速直线运动，有fma(1分)金属棒在水平面做匀减速直线运动，有v22ax(1分)解得0.04(1分)(用动能定理同样可以得分)(3)下滑的过程中，由动能定理可得：mghWmv2(2分)安培力所做的功等于电路中产生的焦耳热WQ(1分)电阻R上产生的热量：QRQ(2分)联立解得：QR3.8102 J(1分)答案(1)1.0 m/s(2)0.04(3)3.8102 J12、解析(1)建立如图所示的远距离输电模型，要求变压器原、副线圈的匝数比，先要知道原、副线圈两端的电压之比本题可以线路上损耗的功率为突破口，先求出输电线上的电流I线，再根据输出功率求出U2，然后再求出U3.由线路损耗的功
13、率P损IR线和P损4%P出可得I线 A6 A又因为P输出U2I线，所以U2 V1 500 VU3U2I线R线(1 500610) V1 440 V根据理想变压器规律所以升压变压器和降压变压器原、副线圈的匝数比分别是13和7211.(2)若不用变压器而由发电机直接输送(模型如图所示)，由P输出UI线可得I线 A18 A所以线路损耗的功率P线I线2R线18210 W3 240 W用户得到的电压U用户UI线R线(5001810) V320 V用户得到的功率P用户P输出P线(9 0003 240) W5 760 W.答案(1)137211(2)320 V5 760 W13、方法二： 32.7（2分） 32.8（2分）14、9（1） （2） 解：（1）感应电动势为所以电阻R上产生的焦耳热为，（2）ab杆从L到3L的过程中，由动能定理得，ab杆刚要离开磁场时，由牛顿第二定律可得，由以上两式可得，由动能定理可得，所以15、解：（1）粒子在匀强磁场中作匀速圆周运动 2分故 2分（2）粒子1圆周运动的圆心角， 1分粒子2圆周运动的圆心角, 1分粒子圆周运动的周期 2分粒子1在匀强磁场
