《重庆市2018-2019学年高一上学期月考物理试题附答案解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《重庆市2018-2019学年高一上学期月考物理试题附答案解析（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、四川外国语大学附属外国语学校高2021届（一上）月考物理试题卷一、选择题（1-8为单选，9-12为多选，每小题4分，共48分）1.下列单位属于国际单位制中基本单位的是( )A. 千克 B. 厘米 C. 米/秒 D. 牛顿【答案】A【解析】【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔【详解】力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，故选A.【点睛】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理
2、量分别是谁，它们在国际单位制中的单位分别是什么，这都是需要学生自己记住的基本的知识2.关于重力与重心下列说法正确的是（ ）A. 物体在空中下落时受到的重力比静止时受到的重力大B. 规则物体的重心一定在其几何中心C. 放在桌面上的物体对桌面的压力，其实就是该物体的重力D. 重心是物体内各部分所受的重力的合力的等效作用点【答案】D【解析】试题分析: A、空中下落的物体重力与静止的物体重力相同故A错误B、规则物体的重心，不一定在它的几何中心上，还与物体的质量分布有关当物体的质量分布均匀时，规则物体的重心，一定在它的几何中心上故B错误C、压力是由于相互挤压而产生的，与重力的性质不同，二者不是同一种力；
3、故C错误；D、重心是物体内各部分所受的重力的合力的等效作用点；故D正确；故选D考点：考查重力；重心名师点睛：本题考查重力和重心两个概念重心的位置与两个因素有关：一是物体的形状；另一个是物体质量的分布情况3.下列各组同一平面内共点的三个力，可能平衡的是（）A. 3N、4N、8N B. 7N、9N、6N C. 4N、7N、12N D. 3N、5N、1N【答案】B【解析】【分析】三力平衡时，三力可以组成首尾相连的三角形，故要使三力的合力为零，应保证任意两力之和可以大于等于第三力，任意两力之差小于等于第三力【详解】A、3N与4N的合力最大值为7N，最小值为1N，不可以与8N的力平衡，故A错误；B、7N
4、和9N合成时，最大16N，最小2N，可以与6N合成为零而平衡，故B正确；C、4N和7N的合力最小为3N，最大值为11N，故无法与12N的力平衡；故C错误；D、3N和5N的合力最小为2N，最大值为8N，故无法与1N的力平衡，故D错误；故选B.【点睛】判断三力能否平衡可以利用数学中三边组成三角形的方法，只要三边能组成三角形，则合力一定能为零4.汽车以20m/s的速度做匀速运动，某时刻关闭发动机而做匀减速运动，加速度大小为5m/s2，则它关闭发动机后5秒后时位移是（ ）A. 100m B. 40m C. 37.5m D. 20m【答案】B【解析】【详解】物体做匀减速直线运动，当速度减速为零时所需时间
5、为：，因此汽车在第4秒末已经停止运动，故汽车5秒内的位移等于4秒内的位移，则刹车4s内的位移；故选B.【点睛】解决本题的关键知道汽车刹车停止后不再运动，判断汽车刹车时间长短，在5s内的位移等于4s内的位移，不能硬套公式求解.5.如图，运动员的双手握紧竖直放置的圆形器械，在手臂OA沿由水平方向缓慢移到位置过程中，若手臂OA，OB的拉力分别为和，下列表述正确的是（ ）A. 一定小于运动员的重力GB. 与的合力始终大小不变C. 的大小保持不变D. 的大小保持不变【答案】B【解析】试题分析：以人为研究对象，分析受力情况如图：由图看出，不一定小于重力G，故A错误人保持静止状态，则知与的合力与重力G大小相
6、等、方向相反，保持不变，故B正确由图看出的大小在减小，的大小也在减小，故C、D均错误故选B。考点：本题考查了图解法分析动态平衡。6.设物体运动的加速度为a、速度为v、位移为x。现有A、B、C、D四个不同物体的运动图象如图所示，物体C和D的初速度均为零，则其中表示物体做单向直线运动的图象是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：由位移-时间图象可知，位移随时间先增大后减小，2s后反向运动，4s末到达初始位置，故A错误；由速度-时间图象可知，速度2s内沿正方向运动，2-4s沿负方向运动，方向改变，故B错误；由图象可知：物体在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，2s末速度减
7、为0，然后重复前面的过程，是单向直线运动，故C正确；由图象可知：物体在第1s内做匀加速运动，第2-3s内做匀减速运动，2s末速度减为0，第3s内沿负方向运动，不是单向直线运动，故D错误考点：考查了牛顿第二定律与图像【名师点睛】图象是我们高中物理研究运动的主要途径之一，应熟知其特征，注意单向直线运动是指速度方向不变的运动，难度不大，属于基础题7.如图位于水平桌面上的物块P,由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连,从滑轮到P和到Q的两段绳都是水平的,已知Q与P之间以及P与桌面之间的动摩擦因数都是,两物体的质量都是m,滑轮轴上的摩擦都不计。若用一水平向右的力F拉P使它做匀速运动,则F的大小为()A. 3mg
8、 B. 4mg C. 5mg D. 6mg【答案】B【解析】【详解】对Q物块，设跨过定滑轮的轻绳拉力为T，木块Q与P间的滑动摩擦力为：f=mg 根据共点力平衡条件有：T=f 对木块P受力分析，受拉力F，Q对P向左的摩擦力f，地面对P物体向左的摩擦力f，根据共点力平衡条件，有：F=f+f+T 地面对Q物体向左的摩擦力为：f=(2m)g 由式可以解得：F=4mg;故选B.【点睛】本题关键在于分别对两个木块进行受力分析，根据共点力平衡条件列式求解8.如图所示，传送带始终以v=4m/s的速度顺时针方向运动。一个质量为m=1.0kg，初速度为零的小物体放在传送带的左端a处，若物体与传送带之间的动摩擦因素
9、=0.2，传送带左右两端ab的距离为L=8m.则物体从a端运动到b端的过程中(g取10m/s2)()A. 物体一直向右加速B. 物体先受向右的滑动摩擦力，后受到静摩擦力C. 运动时间为3sD. 平均速度为2m/s【答案】C【解析】【详解】A、物块的加速度：a=g=0.210=2m/s2，当速度达到4m/s时，物块的位移：.知物块先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，故A错误；B、物体先做匀加速运动，受到向右的滑动摩擦力，后做匀速运动，不受摩擦力，故B错误；C、匀加速直线运动的时间：，匀速直线运动的时间：，物体从a点运动到b点所经历的时间：t=t1+t2=2+1=3s，故C正确；D、平均速度，故
10、D错误.故选C.【点睛】解决本题的关键通过对物块的受力分析，得出加速度，再根据加速度与速度的关系判断出物体的运动情况，从而根据运动学公式进行求解.9.如下图所示，其中甲图为叠放在一起的A、B两物体（mAmB），紧贴着竖直粗糙墙面由静止开始下落；乙图为A、B、C静止在光滑的水平面上；丙图为倾斜细线悬挂下的均匀直杆静止在地面上；丁图为A、B一起水平向右匀速运动则下列判断中正确的是( ) A. 甲图中B物体受重力、压力和摩擦力B. 乙图中A对B有弹力，且弹力方向水平向右C. 丙图中杆与地面之间有摩擦力，且杆受到的摩擦力方向水平向右D. 丁图中B受到水平向向左的摩擦力【答案】C【解析】【详解】甲图中B
11、物体与竖直墙面之间无弹力，则无摩擦力，B与A之间无弹力，则B只受重力作用，选项A错误；对B受力分析可知，AB间没有相对挤压，故AB间没有弹力，故B错误；丙图中由于上端的细线倾斜，则细线的拉力有水平向左的分量，则杆与地面之间有摩擦力，且杆受到的摩擦力方向水平向右，选项C正确；丁图中A、B一起水平向右匀速运动，则B不受摩擦力作用，选项D错误；故选C.10.如图所示为蹦极运动的示意图。弹性绳的一端固定在O点，另一端和运动员相连。运动员从O点自由下落，至B点弹性绳自然伸直，经过合力为零的C点到达最低点D，然后弹起。整个过程中忽略空气阻力。分析这一过程，下列表述正确的是（）A. 从O点到B点，运动员的加
12、速度增大，处于失重状态B. 从B点到C点，运动员的速率减小，处于失重状态C. 从B点到C点，运动员的速率增大，处于失重状态D. 从C点到D点，运动员的加速度增大，处于超重状态【答案】CD【解析】【详解】A、运动员从O点到B点做自由落体运动，加速度不变为g，处于完全失重；故A错误.B、C、运动员从B点到C点的过程重力大于弹力，加速度方向向下，向下运动的过程中弹力增大，加速度减小，做加速度逐渐减小的加速运动，到达C点，加速度为零，速度达到最大，在速度逐渐增大，加速度向下减小，处于失重状态；故B错误，C正确.D、从C点到D点重力小于弹力，加速度方向向上，向下运动的过程中弹力增大，加速度增大，做加速度
13、逐渐增大的减速运动，处于超重状态；故D正确.故选CD.【点睛】解决本题的关键知道加速度的方向与合力的方向相同，当加速度方向与速度方向相同时，速度增大，当加速度方向与速度方向相反时，速度减小11.如图所示,滑块A以一定初速度从粗糙斜面体B的底端沿B向上滑,然后又返回,整个过程中斜面体B与地面之间没有相对滑动,那么滑块向上滑和下滑的两个过程中（）A. 滑块向上滑动的时间等于向下滑动的时间B. 斜面体B受地面的摩擦力大小改变、方向不变C. 斜面体B受地面的支持力大小始终小于A与B的重力之和D. 斜面体B受地面的支持力大小始终等于A与B的重力之和【答案】BC【解析】【详解】A、物体上滑时受到的滑动摩擦
14、力沿斜面向下，下滑时滑动摩擦力沿斜面向上，则上滑的合力大于下滑的合力，由牛顿第二定律得知，物体上滑的加速度大于下滑的加速度.而两个过程位移大小相等，由位移 ，得知滑块向上滑动的时间小于向下滑动的时间；故A错误.B、C、D、在上滑和下滑的两个过程中，物体的加速度方向都沿斜面向下，对整体研究，分析受力情况，如图所示：将物体的加速度分解为水平和竖直两个方向，由牛顿第二定律得Ff=max=macos，ax方向水平向左，则地面对B的摩擦力方向也水平向左，两个过程不变，但由于加速度大小a不同，则知斜面体B受地面的摩擦力大小改变、方向不变.(M+m)g-N=may，则得N(M+m)g，即斜面体B受地面的支持
15、力大小始终小于A与B的重力之和.故B，C正确，D错误.故选BC.【点睛】本题是牛顿第二定律和运动学公式的综合应用，难点是运用整体法研究加速度不同的两个物体，运用分解加速度的方法研究摩擦力和支持力12.如图所示,A球的质量为m1,B球的质量为m2,弹簧的质量不计,倾角为0的斜面光滑,系统静止时弹簧与细线均平行于斜面,在细线被烧断的瞬间,下列说法正确的是A. B球的瞬时加速度为0B. B球的瞬时加速度沿斜面向下,大小为C. A球的瞬时加速度沿斜面向下,大小为D. A、B两球的瞬时加速度均沿斜面向下,大小均为【答案】AC【解析】【详解】系统静止时，根据平衡条件可知：对B球有：F弹=m2gsin；对A球有：F线=F弹+m1gsin=(m1+m2)gsin；细线被烧断的瞬间，细线的拉力F线立即减为零，但弹簧的弹力F弹不发生改变，则B球受力情况未变，瞬时加速度为零；对A球，根据牛顿第二定律得：，方向沿斜面向下，故BD错误
