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1、- 1 - 重庆市部分区县重庆市部分区县 2019 届高三上学期第一次诊断考试届高三上学期第一次诊断考试 物理试题物理试题 二、选择题二、选择题: :第第 14181418 题为单选，第题为单选，第 19211921 题为多选。每小题题为多选。每小题 6 6 分，共分，共 4848 分。分。 1.如图所示,一物块从粗糙斜面上从静止开始释放,运动到水平面上后停止,则运动过程中,物块与地球系统的 机械能（ ） A. 不变 B. 减少 C. 增大 D. 无法判断 【答案】B 【解析】 【分析】 摩擦力做功，根据机械能不守恒时的功能关系即能量守恒定律分析即可. 【详解】物块从粗糙斜面上从静止释放后，重
2、力与摩擦力对物块做功，其中摩擦力做功是物块的机械能有一 部分转化为内能，所以物块与地球系统的机械能减小；故 A、C、D 错误，B 正确. 故选 B. 【点睛】该题中，摩擦力对物体做负功，将一部分的机械能转化为内能是解答的关键. 2.如图,飞行器绕地球做匀速圆周运动,飞行器中宇航员测得地球相对飞行器的张角为 ，已知地球表面重 力加速度 g 和地球半径 R,不考虑地球自转,飞行器中宇就员不能确定的是（ ） A. 飞行器运行速度大小 B. 飞行器轨道半径 C. 飞行器的周期 D. 飞行器受地球引力大小 【答案】D 【解析】 【分析】 根据几何关系求出轨道半径，飞行器做匀速圆周运动，由星球的万有引力提
3、供向心力，求出周期和线速度 - 2 - 【详解】A设飞行器的质量为m，地球的质量为M，由飞行器所受的万有引力提供向心力有：， 结合黄金代换式和可求出飞行器的线速度； B设飞行器的轨道半径为r，根据飞行器和地心以及视角构成的直角三角形可得，则可求出飞行器 轨道半径； C由，轨道半径r和线速度v可求出，则周期T能求出； D飞行器所受万有引力为，因不知道飞行器的质量m，则无法求出万有引力； 本题选不能求出的物理量，故选 D. 【点睛】本题关键掌握万有引力等于向心力这一基本思路，结合几何知识进行解题，而要求出万有引力或向 心力一定要知道卫星的质量 3.如图所示,水平直杆 OP 右端固定于竖直墙上的 O
4、 点,长为 L=2m 的轻绳一端固定于直杆 P 点,另一端固定于 墙上 O 点正下方的 Q 点,OP 长为 d=1.2m，重为 8N 的钩码由光滑挂钩挂在轻绳上处于静止状态,则轻绳的弹力 大小为（ ） A. 10N B. 8N C. 6N D. 5N 【答案】D 【解析】 【分析】 根据几何关系得到两边绳子与竖直方向的夹角，再根据竖直方向的平衡条件列方程求解. 【详解】设挂钩所在处为N点，延长PN交墙于M点，如图所示： - 3 - 同一条绳子拉力相等，根据对称性可知两边的绳子与竖直方向的夹角相等，设为，则根据几何关系可知 NQ=MN，即PM等于绳长；根据几何关系可得：，则=37，根据平衡条件可
5、得： 2Tcos=mg，解得：T=5N，故 D 正确，A、B、C 错误.故选 D. 【点睛】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、 然后建立平衡方程进行解答. 4.如图,有一倾斜的匀质圆盘(半径足够大),盘面与水平面的夹角为 ,绕过圆心并垂直于盘面的转轴以角速 度 匀速转动,有一物体(可视为质点)与盘面间的动摩擦因数为 (设最大静摩擦力等手滑动摩擦力),重力 加速度为 g。要使物体能与圆盘始终保持相对静止,则物体与转轴间最大距离为（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 当物体转到圆盘的最低点，由重力沿斜面向下的分力和最大
6、静摩擦力的合力提供向心力时，此种情况下不滑 动的半径最大，由牛顿第二定律列方程求解. 【详解】当物体转到圆盘的最低点，所受的静摩擦力沿斜面向上达到最大时，角速度一定，由牛顿第二定律 得：mgcos-mgsin=m2r，解得：，故 A、B、D 错误，C 正确.故选 C. 【点睛】本题关键要分析向心力的来源，明确静摩擦力在什么位置最大，由牛顿第二定律进行解题即可. 5.如图，立柱固定于光滑水平面上 O 点，质量为 M 的小球 a 向右运动，与静止于 Q 点的质量为 m 的小球 b 发 - 4 - 生弹性碰撞，碰后 a 球立即向左运动，b 球与立柱碰撞能量不损失，所有碰撞时间均不计,b 球恰好在 P
7、 点追 到 a 球,Q 点为 OP 间中点,则 a、b 球质量之比 M:m=（ ） A. 3:5 B. 1:3 C. 2:3 D. 1:2 【答案】A 【解析】 【分析】 根据碰后再次相遇的路程关系，求出两球碰后的速度大小之比。根据碰撞过程中动量、能量守恒列方程即可 求出a、b球质量之比M：m. 【详解】设a、b两球碰后速度大小分别为v1、v2. 由题有：b球与挡板发生弹性碰撞后恰好在P点追上甲，则从碰后到相遇a、b球通过的路程之比为： s1：s2=1：3 根据s=vt得：v2=3v1 以水平向右为正方向，两球发生弹性碰撞，由动量守恒定律得：Mv0=M(-v1)+mv2 由机械能守恒定律得:
8、解得M:m=3：5 故选 A. 【点睛】解答本题的突破口是根据碰后路程关系求出碰后的速度大小之比，要掌握弹性碰撞的基本规律：动 量守恒和机械能守恒.解题要注意选择正方向，用正负号表示速度的方向. 6.如图所示,真空中,有一点电荷甲固定在 O 点,虚线是其在周围空间产生的电场的三个等势面，且相邻的两 个等势面间电势差相同。实线是点电荷乙在电场中运动轨迹,S、M、N 为运动轨迹与等势面的交点,下列说法 一定正确的是（ ） A. 电势 MS B. 甲、乙为同种电荷 C. 电势能 EPMEPN D. 场强大小 ESEN - 5 - 【答案】BC 【解析】 【分析】 根据电子的运动轨迹判断受力情况，从而
9、确定场源电荷的电性；根据功能关系判断能量的转化情况；根据沿 着电场线电势降低判断电势的变化情况 【详解】A.根据轨迹只能判断出两电荷为同种电荷，但无法确定甲为正电荷还是负电荷，则无法比较M点和 S点的电势高低；故 A 错误. B.由于粒子做曲线运动的合力应该指向内侧，故从的运动轨迹可以看出，场源甲给乙的是排斥力，故两电荷 为同种电荷；故 B 正确. C.乙电荷从M点运动到N点可得到指向凹侧的电场力与沿轨迹切线的速度的夹角为锐角，即电场力做正功， 电势能会减小，即电势能EPMEPN；故 C 正确. D.由点电荷的场强决定式，因，则场强；故 D 错误. 故选 BC. 【点睛】本题关键是要根据运动轨
10、迹确定受力情况，然后结合点电荷的电场线和等势面情况来确定电势情况 和能量的转化情况 7.如图所示,两根平行固定放置的长直导线 a 和 b 载有大小、方向均相同的电流，a 受到的磁场力大小为 F, 当加入一与导线所在平面垂直的匀强础场后,a 受到的磁场力大小变为 2F，则此时 b 受到的磁场力大小可能 为（ ） A. 4F B. 3F C. 2F D. 0 【答案】AD 【解析】 【分析】 不加磁场时，ab受到大小相等方向相反的力；然后再加入一匀强磁场，则此时b受到的磁场力大小与a相 同，方向相同；根据a的合力即可分析磁场力的大 - 6 - 小，从而求出b受到的合力的可能值；注意所加磁场力的方向
11、可能与原安培力同向也可以反向 【详解】根据安培定则和左手定则可知a导线受到的F水平向右，由牛顿第三定律可知 b 受到 a 施加的磁力 也为F，方向水平向左. 若加匀强磁场后a受到的磁场力 2F向右，则匀强磁场施加给a的力向右为F，施加给同向电流b的力也向 右，则b的合力为F-F=0；若加匀强磁场后a受到的磁场力 2F向左，则匀强磁场施加给a的力向左为 3F， 施加给同向电流b的力也向左 3F，则b的合力为 3F+F=4F；故 A、D 正确；B、C 错误.故选 AD. 【点睛】本题要明确加入磁场前后两电流之间的磁场力是不变的；只要分析所加磁场产生的安培力即可，根 据力的合成方法求出对应的合力即可
12、. 8.如图所示,足够长的光滑水平轨道与竖直固定的光滑半圆形勃道相切于a点,一质量为的物块(可视为质点), 以大小为v的速度水平向右运动,重力加速度为g,不计空气阻力.当半圆形轨道半径取适当值R时,物块从半 圆形轨道最高点b飞出后,在水平轨道的落点与a点间距离最大,最大距离为d.则（ ） A. B. C. D. 【答案】AC 【解析】 【分析】 绳球模型构成的圆周运动满足机械能守恒，平抛运动有分运动公式，建立水平距离d关于R的函数求出最 大值. 【详解】设小球经过a点的速度为 ，小球沿着光滑的轨道从b到a的过程只有重力做功，由机械能守恒定 律：；而小球从a点做平抛运动，；联立各式可得： ，可知
13、根号下的表达式为R作自变量的二次函数，则当时，即，水平距 离有最大值；故选 AC. 【点睛】本题考查机械能守恒定律与平抛运动规律的应用，要注意明确物理过程，正确选择物理规律结合数 学函数求极值的方法准确求解 三、非选择题三、非选择题: :共共 174174 分分, ,第第 22322232 题为必考题题为必考题, ,每个每个 - 7 - 试题考生都必须作答。第试题考生都必须作答。第 33-3833-38 题为选考题题为选考题, ,考生根据要求作答。考生根据要求作答。 9.某实验小组利用如图实验装置测量物体运动的加速度大小。 （1）如图,用 20 分度的游标卡尺测得遮光条的宽度 d=_cm； （
14、2）实验时,用刻度尺测量出图示位置遮光条与光电门间距离 s,然后将滑块由静止释放,由数字计时器读出 遮光条通过光电门的时间为t,则可计算出滑块运动过程的加速度大小为_ ；(用题给物理量字母表 示） 【答案】 (1). 1.095 (2). 【解析】 【分析】 (1)掌握不同的测量工具的精确度和读数方法(2)知道光电门测量滑块瞬时速度的原理,根据运动学公式求 出加速度 【详解】(1)20 分度的游标卡精确度为 0.05mm，读数由主尺和游标尺两部分组成游标零的左侧整毫米为 10mm，游标上第 19 根线与主尺对齐，190.05mm=0.95mm，读数为 10mm+0.95mm=10.95mm=1
15、.095cm (2)滑块经过光电门挡住光的时间极短，则可用平均速度代替瞬时速度，有滑块的瞬时速度为，滑 块由静止开始做匀加速直线运动，由速度位移关系，联立可得：. 【点睛】掌握游标卡尺的读数方法，了解光电门测量瞬时速度的原理，注意求解加速度时时间的选取 10.在做“练习使用多用电表”实验时，有甲、乙两个完全相同的多用电表(表盘上方正中刻度值为 15),某 学习小组利用甲表测乙表直流 100mA 档的内阻，具体操作如下： (1)将多用电表甲选择旋钮置于欧姆挡“1”,并进行欧姆挡调零,将多用电表乙选择旋钮置于直流 100mA 挡, 并与定值电阻 R=10 串联,如图,则多用电表甲的红表笔应接_(填
16、“a”或“b“)接线柱,黑表笔接另一接 线柱； - 8 - (2)该学习小组正确连接电路后,观察到多用电表甲示数如图,其读数为_,多用电表乙示数如图,其读 数为_,则乙表直流 100mA 挡的内阻为_； (3)学习小组发现,利用(2)所测数据,还可计算出多用电表甲所用电源电动势 E=_V(计算结果保留两位有 效数字)。 【答案】 (1). (2). (3). (4). (5). 2.8 【解析】 【分析】 (1)欧姆表是测量电阻的仪表，把被测电阻串联在红黑表笔之间，欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入. (2)根据欧姆表、电压表、电流表的估读规则读数； (3)欧姆表内电阻等于中值电阻，根据闭合电路欧姆定律列式求解欧姆表电动势 【详解】(1)测量电阻时，多用电表内部电源被接通，电流从多用电表内部流出，因为电阻不分正负极，所
