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1、茂名市高三级第一次综合测试理科综合试卷物理部分二、选择题： 1.放射性元素钋（）发生衰变时，会产生和一种未知粒子，并放出射线，其核反应方程为+。下列说法正确的是A. 的穿透能力比射线强 B. y=214C. X核的中子个数为124 D. 这种核反应为裂变【答案】C【解析】【分析】根据质量数等于质子数和中子数之和，核反应过程质量数守恒，电荷数守恒判断质子数和质量数。、射线中的穿透能力最弱。这种核反应为衰变。【详解】A、的穿透能力比射线弱，故A错误；B、根据核反应过程质量数守恒，y=210-6=206，故B错误；C、X核的中子个数为206-82=124，故C正确；D、题设中的核反应为衰变，故D错误
2、。故选：C。2.如图所示，有一内壁光滑的高为H=5m、宽为L=1m的直立长方形容器，可视为质点的小球在上端口边缘O以水平初速度v0向左抛出正好打在E点，若球与筒壁碰撞时无能量损失，不计空气阻力，重力加速度的大小为g=10m/s2。则小球的初速度v0的大小可能是A. 2m/s B. 4m/s C. 6 m/s D. 9 m/s【答案】D【解析】【分析】根据平抛运动在水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动规律列出方程；小球水平运动的路程可能为长方形容器宽度的2n+1倍，由此关系可求得初速度。【详解】根据平抛运动的分析可知，（2n+1）L=v0t，解得v0=（2n+1）L ，要满足题意，n=
3、0,1,2,3，所以v0的可能值为1m/s，3m/s，5m/s，7m/s，9m/s故D正确，ABC错误；故选:D。3.如图所示，理想变压器的原线圈接在一个交流电源上，交流电压瞬时值随时间变化的规律为u=220sin100t(V)，副线圈所在电路中接有灯泡、电动机、理想交流电压表和理想交流电流表。已知理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，灯泡的电阻为22，电动机内阻为1，电流表示数为3A，各用电器均正常工作。则A. 通过副线圈的电流方向每秒钟改变50次B. 电压表示数为22VC. 变压器原线圈的输入功率为66WD. 电动机的输出功率为40W【答案】D【解析】【分析】每个周期内电流方向改变两次；电
4、压表测量的是副线圈的电压有效值，根据原线圈交流电压随时间变化的规律求出原线圈电压的有效值，再利用求出电压表的示数；变压器的输入功率等于副线圈的输出功率，计算副线圈总的输出功率就能得出变压器的输入功率；电动机的输出功率等于电动机的输入功率减去发热功率，分别计算即可；【详解】A.交流电的频率f=100/2=50Hz，每个周期内电流方向改变两次，所以通过副线圈的电流方向每秒钟改变100次，故A错误；B.已知交变电压瞬时值随时间变化的规律为u=220sin100t(V)，则原线圈电压的有效值为U1=220/V=220V，U1：U2=n1：n2，解得U2=22V，故电压表示数为22V，故B错误；C. 副
5、线圈的输出功率P2=U2I2=223W=66W，变压器输入功率等于输出功率，也是66W，故C错误；D. 通过电灯泡的电流I3=U2/R灯=22/22A=1A，故通过电动机的电流IM=II3=31=2A，则电动机的输入功率P=IMU2=222=44W，电动机的发热功率P热=I2R内=4W，故电动机的输出功率为PP热=444=40W，故D正确；故选：D4.某物体做直线运动，运动时间t内位移为x，物体的t图象如图所示，下列说法正确的是A. 物体的加速度大小为2m/s2B. t=0时，物体的初速度为2m/sC. t=0到t=1这段时间物体的位移为2mD. t=0到t=2这段时间物体的平均速度为2m/s
6、【答案】C【解析】【分析】根据匀变速直线运动位移时间公式x=v0t+at2得到表达式，结合图象的信息求加速度、初速度和位移【详解】AB、根据匀变速直线运动位移时间公式x= v0t+at2得：=v0+at根据数学知识可得：a=4/2,，得加速度a=4m/s2；初速度为v0=4m/s，故A错误，B错误；C.t=0到t=1s这段时间物体的位移为x=v0t+at2=41+(4)12=2m，故C正确；D.t=0到t=2s这段时间物体的位移为x=v0t+at2=42+(4)22=0，平均速度为0，故D错误。故选：C5.如图所示，匀强电场的电场强度方向与水平方向夹角为30且斜向右上方，匀强磁场的方向垂直于纸
7、面(图中未画出)。一质量为m、电荷量为q的带电小球(可视为质点)以与水平方向成30角斜向左上方的速度v做匀速直线运动，重力加速度为g。则A. 匀强磁场的方向可能垂直于纸面向外B. 小球可能带正电荷C. 电场强度大小为D. 磁感应强度的大小为B=【答案】D【解析】【分析】用假设法确定小球的电性；根据小球做匀速直线运动，受合力为零，可求电场强度和磁感应强度。【详解】B、小球做匀速直线运动，受到合力为零，假设小球带正电，则小球的受力情况如图1所示：小球受到洛伦兹力沿虚线当方向末知，小球受到重力与电场力的合力与洛伦兹力不可能平衡，所以小球不可能做匀速度直线运动，假设不成立，小球实际一定带负电，故B错误
8、；A、小球受力情况如图2示：小球受洛伦兹力一定斜向右上方，根据左手定则，匀强磁场的方向一定垂直于纸面向里，故A错误；C、根据几何关系，电场力大小qE=mg，洛伦兹力大小qvB=mg，解得E=mg/q，B= ，故C错误，D正确。故选：D。6.嫦娥四号于2019年1月3日在月球背面着陆，嫦娥五号也讨划在今年发射。如果嫦娥五号经过若干次轨道调整后，先在距离月球表面h的高度处绕月球做匀速圆周运动，然后开启反冲发动机，嫦娥五号着陆器暂时处于悬停状态，最后实现软着陆，自动完成月面样品采集，并从月球起飞，返回地球。月球的半径为R且小于地球的半径，月球表面的重力加速度为g0且小于地球表面的重力加速度，引力常量
9、为G。不考虑月球的自转，则下列说法正确的是A. 嫦娥五号探测器绕月球做匀速圆周运动的速度可能大于地球的第一宇宙速度B. 月球的平均密度C. 嫦娥五号探测器在绕月球做匀速圆周运动的t时间内，绕月球运转圈数D. 根据题目所给数据无法求出月球的第一宇宙速度【答案】BC【解析】【分析】根据月球表面附近重力等于向心力可求月球的第一宇宙速度，可比较地球的第一宇宙速度的大小；根据月球表面的重力加速度可求月球的质量，进而可求月球密度；根据嫦娥五号距月球表面的高度，可求其周期，进而可求t时间内转过的圈数；【详解】A.根据，嫦娥五号探测器绕月球做匀速圆周运动的速度小于月球的第一宇宙速度。根据月球表面附近重力等于向
10、心力：mg0= ，可求月球的第一宇宙速度v月= 。同理可求地球的第一宇宙速度v地= 。所以嫦娥五号探测器绕月球做匀速圆周运动的速度小于地球的第一宇宙速度，故A错误，D错误；B. 根据月球表面附近万有引力等于重力，月球质量M=，月球的平均密度，故B正确；C.根据万有引力提供向心力，月球质量M=，周期，嫦娥五号探测器在t时间内绕月球运转圈数，故C正确；故选：BC7.如图所示，匝数为n=200、面积为S=0.625m2、电阻为r=0.5的圆形线圈处于方向垂直纸面向里的匀强磁场内，磁感应强度大小随时间按B=0.08t+1.6(T)的规律变化，处于磁场外的电阻R1=4.5，R2=5，电容器的电容C=50
11、0F，开关S闭合一段时间后，下列说法正确的是A. 线圈两端M、N间的电压为9.5VB. 线圈中的电流方向为顺时针C. 若将电阻R1短路，则该电路的输出功率变大D. 现断开开关S，则通过电阻R2的电荷量为2.5103C【答案】ACD【解析】【分析】根据法拉第电磁感应定律求出线圈产生的感应电动势，根据闭合电路欧姆定律求出电流强度的大小，根据楞次定律判断出感应电流的方向；根据外电路电阻与内阻的关系，判断输出功率的变化；断开S，电容器放电，所带的电量全部通过R2，闭合时，根据Q=CU求出R2所带的电量【详解】A.B=0.08t+1.6(T)B/t=0.08T/s线圈内产生的感应电动势：E= =2000
12、.080.625V=10V，S闭合后，电路中电流I= A=1A，则线圈两端M、N两点间的电压为U=I(R1+R2)=9.5V，故A正确；B.穿过线圈的磁通量垂直纸面向里增加，根据楞次定律，线圈中的电流方向为逆时针，故B错误；C.由于R1+R2r，且R2r，若将电阻R1短路，外电路电阻减小，则该电路的输出功率变大，故C正确；D. 电容器与电阻R2并联，两板间电压U2=IR2=5V，断开S后，通过R2的电流Q=CU2=50010-65C=2.5103C，故D正确；故选：ACD.8.如图所示，在竖直平面内固定有两个很靠近的同心圆轨道，外圆光滑，内圆粗糙。一质量为m的小球从轨道的最低点以初速度v0向右
13、运动，球的直径略小于两圆间距，球运动的轨道半径为R，不计空气阻力。设小球过最低点时重力势能为零，下列说法正确的是A. 若小球运动到最高点时速度为0，则小球机械能一定不守恒B. 若经过足够长时间，小球最终的机械能可能为mgRC. 若使小球始终做完整的圆周运动，则v0一定不小于D. 若小球第一次运动到最高点时速度大小为0，则v0=【答案】AC【解析】【分析】内圆粗糙，小球与内圆接触时要受到摩擦力作用，要克服摩擦力做功，机械能不守恒；外圆光滑，小球与外圆接触时不受摩擦力作用，只有重力做功，机械能守恒，应用牛顿第二定律与机械能守恒定律分析答题【详解】A. 若小球运动到最高点时受到为0，则小球在运动过程
14、中一定与内圆接触，受到摩擦力作用，要克服摩擦力做功，小球的机械能一定不守恒，故A正确；B. 若初速度v0比较小，小球在运动过程中一定与内圆接触，机械能不断减少，经过足够长时间，小球最终在圆心下方运动，最大的机械能为mgR，所以小球最终的机械能不可能为mgR.若初速度v0足够大，小球始终沿外圆做完整的圆周运动，机械能守恒，机械能必定大于2mgR，故B错误；C. 若使小球始终做完整的圆周运动，小球应沿外圆运动，在运动过程中不受摩擦力，机械能守恒，小球恰好运动到最高点时速度设为v，则有mg=m由机械能守恒定律得：，小球在最低点时的最小速度v0=，所以若使小球始终做完整的圆周运动，则v0一定不小于.故
15、C正确；D. 如果内圆光滑，小球在运动过程中不受摩擦力，小球在运动过程中机械能守恒，如果小球运动到最高点时速度为0，由机械能守恒定律得：=mg2R，小球在最低点时的速度v0=，由于内圆粗糙，小球在运动过程中要克服摩擦力做功，则小球在最低点时的速度v0一定大于，故D错误。故选：AC三、非选择题：9.某实验小组的同学在做验证机械能守恒定律的实验，实验装置如图甲所示，接下来该小组的同学完成了如下的操作：(1)先利用10分度的游标卡尺测出了小球的直径，其示数如图乙所示，该示数为_cm；(2)将该小球由光电门1的正上方无初速度释放，先后通过光电门1、2，通过电脑显示的时间分别为t1=5103s、t2=4103s，若小球通过两光电门1、2的速度分别用v1、v2表示，由以上数据可知v2=_m/s；(保留两位有效数字)(3)该小组的同学测出两光电门之间的距离为h，重力加速度用g表示，若小球的机械能守恒，则需要验证的关系式为_。(用题
