湖南省郴州市2019届高三第二次教学质量监测试卷数学（文）试题（解析版）

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1、1 文科数学文科数学 第第卷（选择题，共卷（选择题，共 6060 分）分） 一、选择题：本大题共一、选择题：本大题共 1212 个小题，每小题个小题，每小题 5 5 分，共分，共 6060 分分. .在每小题给出的四个选项中，只有在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的一项是符合题目要求的. . 1.已知集合，则的元素个数是（ ） A. 0B. 1C. 2D. 3 【答案】D 【解析】 【分析】 集合中的元素为，得到，可得其元素个数. 【详解】 ，即中的元素个数为 3. 故选 D 项. 【点睛】考查自然数定义，集合的运算，属于简单题. 2.已知复数 满足，则复数 在复平面内对应的点

2、在（ ） A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限 【答案】A 【解析】 【分析】 根据复数的除法运算得到，进而得到对应的点坐标. 【详解】复数 满足，,对应点为，在第一象限. 故答案为：A. 【点睛】在复平面上，点和复数 一一对应，所以复数可以用复平面上的点来表示， 这就是复数的几何意义复数几何化后就可以进一步把复数与向量沟通起来，从而使复数问题可通过画图来 解决，即实现了数与形的转化由此将抽象问题变成了直观的几何图形，更直接明了 3.已知我市某居民小区户主人数和户主对户型结构的满意率分别如图 1 和图 2 所示，为了解该小区户主对户 型结构的满意程度，用分层抽样的方法抽取的

3、户主进行调查，则样本容量和抽取的户主对四居室满意的 人数分别为（ ） 2 A. 240，18B. 200，20C. 240，20D. 200，18 【答案】A 【解析】 【分析】 利用统计图结合分层抽样性质能求出样本容量，利用条形图能求出抽取的户主对四居室满意的人数 【详解】样本容量为：（150+250+400）30%240， 抽取的户主对四居室满意的人数为： 故选：A 【点睛】本题考查样本容量和抽取的户主对四居室满意的人数的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意 统计图的性质的合理运用 4.函数的部分图像大致是（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 根据函数奇偶性，排

4、除不可能选项，对剩余选项进行取值，通过判断正负得到正确答案. 【详解】，定义域为 ，可得 所以是奇函数，排除 B、D 两项。 当时，显然有，所以排除 C 项，故选 A. 【点睛】考查函数奇偶性，函数特殊点的正负，内容比较基础，属于简单题. 5.已知等差数列的前 项和为，且，则（ ） A. 170B. 190C. 180D. 189 3 【答案】B 【解析】 【分析】 把条件转化成等差数列的基本量，即和 ，根据条件列出方程组，解出和 ，利用等差数列求和公式 可得答案. 【详解】设等差数列的首项为，公差为 ，解得 故选 B 项. 【点睛】等差数列通项和求和公式的考查，考查内容比较单一，综合性不高，

5、属于简单题. 6.双曲线的渐近线与圆相切，则双曲线的离心率为（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 求出双曲线的渐近线方程，利用渐近线与圆相切，得到关系，然后得到关系，再求解双曲线的离心 率 【详解】由题意可知双曲线的渐近线方程之一为：， 圆的圆心，半径为， 双曲线的渐近线与圆相切， ，整理得， 由，可得 所以，选 B 项 【点睛】本题考查双曲线的简单性质的应用，双曲线的渐近线与圆的位置关系的应用，考查计算能力难度 不大，属于简单题. 7.在中，点满足，则等于（ ） 4 A. 7B. 8C. 9D. 10 【答案】A 【解析】 【分析】 把用表示出来，带入，通过向量的数

6、量积公式，可得到相应答案. 【详解】在中， ，选 A 项. 【点睛】三角形内向量之间的互相表示，向量的数量积，难度不大，属于简单题. 8.下图是一个几何体的三视图，则该几何体的体积为（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 根据三视图得到原图是，边长为 2 的正方体，挖掉八分之一的球，以正方体其中一个顶点为球的球心。 【详解】根据三视图得到原图是，边长为 2 的正方体，挖掉八分之一的球，以正方体其中一个顶点为球的球 心，故剩余的体积为： 故答案为：B. 【点睛】思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系，遵循“长对正，高平齐，宽相等”的 基本原则，其内涵为正视

7、图的高是几何体的高，长是几何体的长；俯视图的长是几何体的长，宽是几何体的 宽；侧视图的高是几何体的高，宽是几何体的宽.由三视图画出直观图的步骤和思考方法：1、首先看俯视图， 5 根据俯视图画出几何体地面的直观图；2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度；3、画出 整体，然后再根据三视图进行调整. 9.已知是定义在上的偶函数，且在上为增函数，则的解集为（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 先根据奇偶函数的性质求出 ，再根据，可得，结合，求出 的范围 【详解】是定义在上的偶函数， ， 在上为增函数， 函数在上为增函数，故函数在上为减函数， 则由，可得，即， 求

8、得 因为定义域为，所以，解得 综上， 故选：B 【点睛】本题主要考查函数的单调性和奇偶性的相关性质，有一定的综合性，属于中档题 10.执行如图所示的程序框图，若输入，则输出的结果是（ ） A. -2018B. 2018C. 1009D. -1009 【答案】D 【解析】 【分析】 根据程序框图，依次进入循环，直到不满足判断框的条件为止. 【详解】根据程序框图得到， S=0,n=1，满足判断框的条件，进入循环 S=0+1,n=2, 满足判断框的条件，进入循环 6 S=0+1-2，n=3, 满足判断框的条件，进入循环 S=0+1-2+3,n=4, 满足判断框的条件，进入循环 S=1-2+3-4+5

9、-6.-2016+2017,n=2018, 满足判断框的条件，进入循环 S=1-2+3-4+5-6.-2016+2017-2018,n=2018,不满足判断框的条件，退出循环，输出 s 值得到 S=1-2+3-4+5- 6.-2016+2017-2018=-1009. 故答案为：D. 【点睛】本题考查了程序框图的应用问题，解题时应模拟程序框图的运行过程，以便得出正确的结论，是基 础题 11.已知实数满足：，若取得最小值的最优解有无数个，则实数 的值是（ ） A. -1B. 4C. -1 或D. -1 或 4 【答案】D 【解析】 【分析】 根据限制条件画出可行域，将目标函数变成斜截式，由取得最

10、小值的最优解有无数个，可得直线与 或者平行，得到 的值. 【详解】由限制条件画出可行域，如图 可行域为内部区域（含边界） ， 由可得，即为直线的截距，要求 的最小值，则截距取得最大值，为 . 要使其最优解有无数个，则需与直线或重合，则或 ， 故选 D 项 【点睛】线性规划的常规题目，充分理解最优解有无数个的含义，难度不大，属于基础题目. 12.已知函数，若函数至少有一个零点，则 取值范围是（ ） A. B. C. D. 【答案】C 7 【解析】 【分析】 可得，将等式两边看成两个函数，数形结合，通过两个函数的图像，满足这两个函 数至少有一个交点，从而得到 的取值范围. 【详解】令可得 即函数，

11、其图像为过点的一条直线， ，其图像为圆心在原点，半径为 1 的，上半圆， 由图像可知，过点的直线与上半圆至少有一个交点需要满足直线与圆相交或相切. 相切时，由，解得，因为与上半圆相切，所以 所以 的取值范围为 【点睛】考查函数零点与交点之间的转化，数形结合的思想，难度适中，属于中档题. 第第卷（非选择题，共卷（非选择题，共 9090 分）分） 本卷包括必考题和选考题两部分，第（本卷包括必考题和选考题两部分，第（1313）题第（）题第（2121）题为必考题，每个试题考生都必须做）题为必考题，每个试题考生都必须做 答，第（答，第（2222）题第（）题第（2323）题为选考题，考生根据要求做答）题为

12、选考题，考生根据要求做答. . 二、填空题（每题二、填空题（每题 5 5 分，满分分，满分 2020 分，将答案填在答题纸上）分，将答案填在答题纸上） 13.已知函数，则_ 【答案】 【解析】 【分析】 将带入，得到的值，再带入得到，由内而外，依次得到答案. 【详解】 8 【点睛】本题考查函数的求值问题，难度不大，属于简单题. 14.曲线在点处的切线的方程为_ 【答案】 【解析】 【分析】 对求导，带入得到斜率，通过点斜式得到切线方程，再整理成一般式得到答案. 【详解】 带入得切线的斜率， 切线方程为，整理得 【点睛】本题考查导数的几何意义，通过求导求出切线的斜率，再由斜率和切点写出切线方程.

13、难度不大， 属于简单题. 15.已知椭圆 的中心为原点，焦点在 轴上，椭圆上一点到焦点的最小距离为，离心率为，则椭圆 的方程为_ 【答案】 【解析】 【分析】 椭圆上的点到焦点最小距离，离心率，列出方程，求出，可得椭圆的方程 【详解】椭圆上一点到焦点的最小距离为， ， 离心率 ，解得， 所求的椭圆方程 【点睛】本题考查椭圆上的点到焦点的距离，离心率等椭圆内的常规内容，难度不大，属于简单题. 9 16.已知数列和满足，若数列为等比数列，且，.则数列 的前 项和_ 【答案】 【解析】 【分析】 为等比数列，可得到的通项，再由，可以得到的通项公式，从而得到的通项， 再由裂项求和求出其前 项和. 【详

14、解】为等比数列，且， 其公比， ， 的前 项和 【点睛】本题是数列的综合性题目，涉及到的数列的知识点较多，但每个知识点的难度不大，要在每步进行 正确的转化即可，属于中档题. 三、解答题：共三、解答题：共 7070 分分. .解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. .第第 17172121 题为必考题，每题为必考题，每 个试题考生都必须作答个试题考生都必须作答. .第第 2222、2323 题为选考题，考生根据要求作答题为选考题，考生根据要求作答. . 17.已知 、 、 分别是内角 、 、 的对边， （1）求 ； （2）若，求的面积. 【答案】 （1）；

15、（2） 【解析】 【分析】 （1）对给出的进行边化角.得到和的关系，再由正弦定理得到 和 的关系. 10 （2）由得到，由（1）得到的关系和余弦定理求出 ，再由面积公式求出的面积. 【详解】 （1）由及正弦定理得 因为 、 、 是内角，所以 所以, 再由正弦定理可得 （2）由（1）知 且 为的内角 又 由余弦定理得， 即 又 【点睛】正弦定理、余弦定理、面积公式的应用，是解三角形章内综合题，难度不大，属于简单题. 18.如图所示，在四棱锥中，底面是正方形，对角线与交于点 ，侧面是边长为 2 的 等边三角形， 为的中点. （1）证明：平面； （2）若侧面底面，求点 到平面的距离. 【答案】 （1

16、）见解析；（2） 【解析】 【分析】 11 （1）利用线线平行，证明线面平行，所以可以通过证明，而平面，平面，从而证 得平面。 （2）利用换底的方法求几何体的体积，根据线线垂直，可以得到线面垂直，从而找出几何体的高，再根据 等体积转化，从而求出点 到面的距离. 【详解】 （1）连接，易证为的中位线，所以. 又平面，平面，平面. （2）平面底面，平面平面，平面 在中， 又 设点 到面的距离为 点 到面的距离为 【点睛】本题主要考查空间中点、线、面的位置关系，基本定理的应用，利用等体积转化求高. 19.研究机构对某校学生往返校时间的统计资料表明：该校学生居住地到学校的距离 （单位：千米）和学生 花费在上学路上的时间 （单位：分钟）有如下的统计资料： 到学校的距离 （千米） 1.82.63.14.35.56.1 花费的时间 （分钟） 17.819.627.531.336.043.2 如果统计资料表明 与 有