《【解析版】浙江省2020届新高考选考科目考试物理模拟题 word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【解析版】浙江省2020届新高考选考科目考试物理模拟题 word版含解析（24页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020届浙江新高考选考科目考试物理模拟卷一.单项选择题1.下列说法错误的是（ ）A. 英国科学家胡克发现了胡克定律，提出了关于“太阳对行星的吸引力与行星到太阳的距离的平方成反比”的猜想B. 英国剑桥大学学生亚当斯和法国天文学家勒维耶应用万有引力定律，计算发现了海王星C. 牛顿发现了万有引力定律，并利用扭秤装置测得万有引力常量，“称量了地球的重量”D. 美国物理学家密立根通过油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量，获得诺贝尔奖【答案】C【解析】【详解】英国科学家胡克发现了胡克定律，提出了关于“太阳对行星的吸引力与行星到太阳的距离的平方成反比”的猜想，选项A正确；英国剑桥大学学生亚当斯和法国天文学
2、家勒维耶应用万有引力定律，计算发现了海王星，选项B正确；牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许利用扭秤装置测得万有引力常量，“称量了地球的重量”，选项C错误；美国物理学家密立根通过油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量，获得诺贝尔奖，选项D正确；此题选择错误的选项，故选C.2.我国“北斗”卫星导航定位系统将由5颗静止轨道卫星(同步卫星)和30颗非静止轨道卫星组成，30颗非静止轨道卫星中有27颗是中轨道卫星，中轨道卫星轨道高度约为2.15104 km，静止轨道卫星的高度约为3.60104 km。下列说法正确的是()A. 中轨道卫星的线速度大于7.9 km/sB. 静止轨道卫星的线速度大于中轨道卫星的线速
3、度C. 静止轨道卫星的运行周期大于中轨道卫星的运行周期D. 静止轨道卫星的向心加速度大于中轨道卫星的向心加速度【答案】C【解析】第一宇宙速度是卫星近地面飞行时的速度，由于中轨道卫星的半径大于地球半径，故中轨道卫星的线速度小于第一宇宙速度7.9km/s，故A错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，静止轨道卫星轨道半径大于中轨道卫星轨道半径，所以静止轨道卫星的线速度小于中轨道卫星的线速度，故B错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，静止轨道卫星轨道半径大于中轨道卫星轨道半径，所以静止轨道卫星的运行周期大于中轨道卫星的运行周期，故C正确；根据万有引力提供向心力：，解得：，静止轨道卫星轨道半径大于中轨
4、道卫星轨道半径，所以静止轨道卫星的向心加速度小于中轨道卫星的向心加速度，故D错误。所以C正确，ABD错误。3.如图所示为一台非铁性物质制成的天平，天平左盘中的A是螺线管，B是铁块，螺线管未通电时天平平衡，现使螺线管通电，调节螺线管中电流的大小，使铁块B向上加速运动，在B向上运动的过程中，下列判断正确的是( )A. 天平仍保持平衡B. 天平右盘下降C. 天平左盘下降D. 不知道电磁铁的磁极，所以无法确定天平的升降【答案】C【解析】【详解】现使螺线管通电，调节螺线管中电流的大小，使铁块B向上加速运动，铁块处于超重状态，可知左侧的物体整体对天平的压力增大，天平左盘下降，故C正确，A、B、D错误；故选
5、C。【点睛】关键是铁块B向上加速运动，根据超重与失重的特点分析天平的那一端下降。4.如图所示，为质量均可忽略的轻绳与轻杆组成系统，轻杆A端用铰链固定，滑轮在A点正上方(滑轮大小及摩擦均可不计)，轻杆B端吊一重物G.现将绳的一端拴在杆的B端，用拉力F将B端缓慢释放(均未断)到AB杆转到水平位置前，以下说法正确的是A. 绳子受到的拉力越来越大B. 绳子受到的拉力越来越小C. AB杆受到的压力越来越大D. AB杆受到的压力越来越小【答案】A【解析】以B点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力T（等于重物的重力G）、轻杆的支持力N和绳子的拉力F，作出力图如图：由平衡条件得知，N和F的合力与T大小相等，方
6、向相反，根据三角形相似可得： ，解得：， ；用拉力F将B端缓慢释放(均未断)到AB杆转到水平位置前,BAO缓慢变大时，AB、AO保持不变，BO变大，则N保持不变，F变大故A正确，BCD错误故选A.点睛：本题涉及非直角三角形的力平衡问题，采用三角形相似，得到力与三角形边长的关系，再分析力的变化，是常用的方法5.如图所示，真空中有两个点电荷Q1=410-8C和Q2=110-8C分别固定在x坐标轴的x=0cm和x=6cm的位置上。关于x轴上各点，下列说法正确的是（ ）A. x=4cm处的电场强度为零B. x=2cm处电势低于x=3cm处C. x=3cm处电场强度大于x=5cm处D. 负电荷在x=7c
7、m处的电势能大于x=8cm处【答案】A【解析】设距离Q1x1处的场强为零，根据电场叠加原理，得，解得 x1=4cm处电场强度为零，选项A正确。电场由x=2cm处指向x=3cm处，故电势降低，即x=2cm处电势高于x=3cm处，选项B错误；通过计算可以发现 x=3cm处电场强度为；x=5cm处电场强度为，则x=3cm处电场强度小于x=5cm处，选项C错误。x=7cm电势大于x=8cm处，故负电荷在x=7cm处的电势能小于x=8cm处，选项D错误。故选A。6.高大建筑上都有一竖立的避雷针，用以把聚集在云层中的电荷导入大地。在赤道某地两建筑上空，有一团带负电的乌云经过其正上方时，发生放电现象，如图所
8、示。则此过程中地磁场对避雷针的作用力的方向是A. 向东 B. 向南C. 向西 D. 向北【答案】C【解析】【详解】当带有负电的乌云经过避雷针上方时，避雷针开始放电形成瞬间电流，负电电荷从上而下通过避雷针，所以电流的方向为从下而上，磁场的方向从南向北，根据左手定则，安培力的方向向西。故选C。【点睛】左手定则的内容是：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向.7.某工地上，一架起重机将放在地面的一个箱子吊起箱子在起重机钢绳的作用下由静止开始竖直向上运动，运动过程中箱子的机械能
9、E与其位移x关系的图象如图所示，其中Ox1过程的图线为曲线，x1x2过程的图线为直线根据图象可知（ ）A. Ox1过程中钢绳的拉力逐渐增大B. Ox1过程中箱子的动能一直增加C. x1x2过程中钢绳的拉力一直不变D. x1x2过程中起重机的输出功率一直增大【答案】C【解析】解：A、B、由于除重力和弹簧的弹力之外的其它力做多少负功物体的机械能就减少多少，所以Ex图象的斜率的绝对值等于物体所受拉力的大小，由图可知在Ox1内斜率的绝对值逐渐减小，故在Ox1内物体所受的拉力逐渐减小所以开始先加速运动，当拉力减小后，可能减速运动，故A错误，B错误C、由于物体在x1x2内所受的合力保持不变，故加速度保持不
10、变，故物体受到的拉力不变，故C正确D、由于物体在x1x2内Ex图象的斜率的绝对值不变，故物体所受的拉力保持不变如果拉力等于物体所受的重力，故物体做匀速直线运动，所以动能可能不变，故D错误故选：C【考点】功能关系；功率、平均功率和瞬时功率【分析】由于除重力和弹簧的弹力之外的其它力做多少负功物体的机械能就减少多少，所以Ex图象的斜率的绝对值等于物体所受的拉力的大小；如果拉力等于物体所受的重力，故物体做匀速直线运动；如果拉力大于物体的重力，则物体加速向上运动，故物体的动能不断减小【点评】1除重力和弹簧的弹力之外的其它力做多少负功物体的机械能就减少多少；2Ex图象的斜率的绝对值等于物体所受拉力的大小以
11、上两点是解决这类题目的突破口8.市面上出现“充电五分钟通话两小时”的手机电源，源于其使用 VOOC 闪充新技术。VOOC 闪充标配的 micro USB 充电线接口为 7 针，而常规的 micro USB 充电线接口为 5 针,它标配的电池为 8 个金属触点，而常规电池通常为4-5个触点，与常规的 micro USB 充电线、电池相比，加触点的作用是为了（ ） A. 增大充电电压 B. 增大电池的容量C. 增大充电电流 D. 增大充电电阻【答案】C【解析】【分析】根据题目的信息：闪充新技术，且8个金属触点，而常规电池通常为4-5个触点，进而可判定，增加触点的作用。【详解】由题目：闪充新技术，标
12、配的电池为8个金属触点，而常规电池通常为4-5个触点，可知，与常规的microUSB充电线、电池相比，触点增加；电池不变，则不可能增加充电电压，也没有改变电池的容量，及电阻，只可能增大充电的电流，使其快速充满电，故C正确，ABD错误；故选C。【点睛】考查闪充新技术的原理，掌握解决信息题的方法，注意只增加触点，没改变电池，是解题的关键点。二.不定项选择题9.关于生活中的实际情形，下列说法正确的是（ ）A. 电容器外壳上标的电压是额定电压，这个数值比击穿电压低B. 汽车在通过水库泄洪闸下游的凹形桥的最低点时，驾驶员处于失重状态C. 为了便于行车，高大的桥通常要造很长的引桥，以减小汽车重力垂直桥面的
13、分力D. 电动机等大功率设备内部含有多匝线圈，在开关断开时，因线圈自感产生电火花【答案】AC【解析】【详解】电容器外壳上标的电压是工作电压，又叫额定电压，这个数值比击穿电压低。故A正确。当汽车在通过水库泄洪闸下游的凹形桥的最低点时，此时有向上的加速度，汽车对接触面的压力大于物体的真实重力，汽车处于超重状态；故B错误；为了便于行车，高大的桥通常要造很长的引桥，以减小桥面的倾角，从而减小重力沿桥面向下的分量，增大了汽车重力垂直桥面的分力，选项C错误；电动机等大功率设备内部含有多匝线圈，在开关断开时，因线圈自感产生反电动势，容易产生电火花。故D正确。故选AD。10.如图所示是一个用折射率n=2.4的
14、透明介质做成的四棱柱的横截面图，其中A=C=90，B=60。现有一条垂直入射到棱镜的AB面上。下列说法正确的是（ ）A. AB边可能无光线射出B. AD边一定无光线射出C. DC边一定无光线射出D. BC边一定无光线射出【答案】BC【解析】光线从左侧垂直AB射入棱镜时，有反射也透射，透射方向不变。光线射到CD时，由几何知识得；入射角为i=30。该棱镜的临界角为C，则sinC=，故有C30，所以光线在DC面上发生了全反射。由几何知识分析得到，光线射到AB面上时入射角为i=30，发生全反射，反射光线与BC面垂直，所以既有光线垂直射出BC面，又有光线从BC反射，根据光路的可逆性可知，这个反射光线沿原
15、路返回，故BC正确，AD错误。故选BC。11.图甲是一台小型发电机的构造示意图,线圈逆时针转动,产生的电动势e随时间t变化的正弦规律图象如图乙所示。发电机线圈的内电阻不计，外接灯泡的电阻为12。则A. 在t=0.01 s时刻，穿过线圈的磁通量为零B. 电压表的示数为6VC. 灯泡消耗的电功率为3WD. 若其他条件不变，仅将线圈的转速提高一倍，则线圈电动势的表达式e=12sin100t V【答案】BC【解析】试题分析：在中性面感应电动势最小，磁通量最大；根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等解：A 在t=0.01s的时刻，电动势为0，则为中性面，穿过线圈磁通量最大故A错误；B 电动势的最大值为Em=，电压表测量的为有效值，故示数为=6V；故B错误；C、灯泡消耗的功率P=3W；故C正确；D、周期为0.02S，则瞬时电动势的表达式为转速提高一倍后，最大值变成12V，=2n，故角速度变为原来的2倍，表达式应为：12sin200t；故D错误；故选：C点评
