《（全国通用）2017版高考生物一轮复习 第五单元 遗传的基本规律 第18讲 基因的自由组合定律（ⅱ）新人教版》由会员分享，可在线阅读，更多相关《（全国通用）2017版高考生物一轮复习 第五单元 遗传的基本规律 第18讲 基因的自由组合定律（ⅱ）新人教版（22页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、第18讲 基因的自由组合定律（）考点一基因自由组合定律的拓展分析1.自由组合定律9331的变式分析F1(AaBb)自交后代比例原因分析97当双显性基因同时出现时为一种表现型，其余的基因型为另一种表现型 934存在aa(或bb)时表现为隐性性状，其余正常表现 或 961单显性表现为同一种性状，其余正常表现151有显性基因就表现为同一种性状，其余表现另一种性状1231双显性和一种单显性表现为同一种性状，其余正常表现或133双显性、双隐性和一种单显性表现为一种性状，另一种单显性表现为另一种性状 或 14641A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强1(AABB)4(AaBBAABb)6(Aa
2、BbAAbbaaBB)4(AabbaaBb)1(aabb)2.某些致死基因或基因型导致性状的分离比改变设亲本的基因型为AaBb，符合基因自由组合定律。(1) 显性纯合致死(AA、BB致死) (2) 隐性纯合致死题组一自由组合定律中9331的变式应用1.某种小鼠的体色受常染色体基因的控制，现用一对纯合灰鼠杂交，F1都是黑鼠，F1中的雌雄个体相互交配，F2体色表现为9黑6灰1白。下列叙述正确的是()A.小鼠体色遗传遵循基因的自由组合定律B.若F1与白鼠杂交，后代表现为2黑1灰1白C.F2灰鼠中能稳定遗传的个体占1/2D.F2黑鼠有两种基因型答案A解析根据F2性状分离比可判断基因的遗传遵循自由组合定
3、律，A正确；F1(AaBb)与白鼠(aabb)杂交，后代中AaBb(黑)Aabb(灰)aaBb(灰)aabb(白)1111，B错误；F2灰鼠(A_bb、aaB_)中纯合子占1/3，C错误；F2黑鼠(A_B_)有4种基因型，D错误。2.油菜的凸耳和非凸耳是一对相对性状，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行杂交实验，结果如表所示。相关说法错误的是()PF1F2甲非凸耳凸耳凸耳非凸耳151乙非凸耳凸耳凸耳非凸耳31丙非凸耳凸耳凸耳非凸耳31A.凸耳性状是由两对等位基因控制的B.甲、乙、丙均为纯合子C.甲和乙杂交得到的F2均表现为凸耳D.乙和丙杂交得到的F2表现型及比例为凸耳非凸耳31答案D解
4、析根据甲与非凸耳杂交后得到的F1自交，F2出现两种性状，凸耳和非凸耳之比为151，可以推知，凸耳性状是受两对等位基因控制的，A项正确；由于甲、乙、丙与非凸耳杂交，F1都只有一种表现型，且根据F2的性状分离比推知，甲、乙、丙均为纯合子，B项正确；由于甲非凸耳得到的F2凸耳非凸耳151，说明非凸耳是双隐性状，甲是双显性状的纯合子，乙非凸耳得到的F2凸耳非凸耳31，说明乙是单显性状的纯合子，故甲与乙杂交得到的F2中一定有显性基因，即一定是凸耳，C项正确；由于丙非凸耳得到的F2凸耳非凸耳31，故丙也为单显性状的纯合子，因此乙丙杂交得到的F1为双杂合子，F2为两种表现型，凸耳非凸耳151，D项错误。3.
5、在西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性，但在另一白色显性基因(W)存在时，基因Y和y都不能表达。现有基因型为WwYy的个体自交，其后代表现型种类及比例是()A.2种，133 B.3种，1231C.3种，1033 D.4种，9331答案B解析从题干信息可知，黄果皮的基因型为wwY_、绿果皮的基因型为wwyy、白果皮的基因型为W_Y_，W_yy。基因型为WwYy个体自交，后代基因型(表现型)的比例为W_Y_(白色)W_yy(白色)wwY_(黄色)wwyy(绿色)9331，故子代有三种表现型且比例为1231，B正确。4.小麦的粒色受两对同源染色体上的两对基因R1和r1、R2和
6、r2控制。R1和R2决定红色，r1和r2决定白色，R对r为不完全显性，并有累加效应，也就是说，麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深。将红粒(R1R1R2R2)与白粒(r1r1r2r2)杂交得F1，F1自交得F2，则F2的基因型种类数和不同表现型比例为()A.3种、31 B.3种、121C.9种、9331 D.9种、14641答案D解析将红粒(R1R1R2R2)与白粒(r1r1r2r2)杂交得F1，F1的基因型为R1r1R2r2，所以F1自交后代F2的基因型有9种；后代中r1r1r2r2占1/16，R1r1r2r2和r1r1R2r2共占4/16，R1R1r2r2、r1r1R2R2和R1r1R2r2共占
7、6/16，R1R1R2r2和R1r1R2R2共占4/16，R1R1R2R2占1/16，所以不同表现型的比例为14641。5.基因型为aabbcc的桃子重120克，每产生一个显性等位基因就使桃子增重15克，故基因型为AABBCC的桃子重210克。甲桃树自交，F1每桃重150克。乙桃树自交，F1每桃重120180克。甲、乙两树杂交，F1每桃重135165克。甲、乙两桃树的基因型可能是()A.甲AAbbcc，乙aaBBCCB.甲AaBbcc，乙aabbCCC.甲aaBBcc，乙AaBbCCD.甲AAbbcc，乙aaBbCc答案D解析因为一个显性基因可使桃子增重15克，由甲桃树自交，F1每桃重150克
8、，知甲桃树中应有两个显性基因，且是纯合子；又由乙桃树自交，F1每桃重120180克，知乙桃树中应有两个显性基因，且是杂合子；甲、乙两桃树杂交，F1每桃重135165克，进一步确定甲、乙两桃树的基因型可能为AAbbcc和aaBbCc。题组二致死基因导致的性状分离比改变6.(2014上海，27)一种鹰的羽毛有条纹和非条纹、黄色和绿色的差异，已知决定颜色的显性基因纯合子不能存活。图中显示了鹰羽毛的杂交遗传，对此合理的解释是()绿色对黄色完全显性绿色对黄色不完全显性控制羽毛性状的两对基因完全连锁控制羽毛性状的两对基因自由组合A. B.C. D.答案B解析子一代的绿色非条纹个体自交后代中既有绿色又有黄色
9、，说明绿色为显性性状，但子代中绿色个体与黄色个体的比例为(62)(31)21，说明绿色个体中存在显性纯合致死效应，正确、错误；绿色非条纹个体自交后代出现绿色非条纹、黄色非条纹、绿色条纹、黄色条纹等四种性状，且性状分离比为6321，说明控制羽毛性状的两对基因可以自由组合，错误、正确。7.已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型的个体(aa的个体在胚胎期致死)，两对性状的遗传遵循基因的自由组合定律，AabbAAbb11，且该种群中雌雄个体比例为11，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的成活子代中能稳定遗传的个体所占比例是()A.5/8 B.3/5 C.1/4 D.3/4答案B解析在自
10、由交配的情况下，上下代之间种群的基因频率不变。由AabbAAbb11可得，A的基因频率为3/4，a的基因频率为1/4。故子代中AA的基因型频率是A的基因频率的平方，为9/16，子代中aa的基因型频率是a的基因频率的平方，为1/16，Aa的基因型频率为6/16。因基因型为aa的个体在胚胎期死亡，所以能稳定遗传的个体(AA)所占比例是9/16(9/166/16)3/5。题组三利用自由组合定律解决表现型与基因型对应关系的具体问题8.狗的毛色由两对基因(A、a和B、b)控制，共有四种表现型：黑毛(A_B_)、褐毛(aaB_)、红毛(A_bb)和黄毛(aabb)。图中为狗控制毛色的基因及其所在常染色体的
11、位置关系，请回答下列问题：(1)图甲所示小狗的毛色为_，基因A、a与_遵循基因的自由组合定律。(2)正常情况下，如果这只小狗产生了如图乙所示的卵细胞，可能的原因是在_期，同源染色体的非姐妹染色单体之间发生了_所致，该可遗传变异称为_。(3)一只黑毛雌狗与一只褐毛雄狗交配，产下的子代有黑毛、红毛、黄毛三种表现型，则亲本黑毛雌狗的基因型为_；若子代中的黑毛雌狗与黄毛雄狗交配，产下的小狗是红毛雄狗的概率为_。答案(1)黑色B、B或D、d(2)减数第一次分裂前(联会或四分体)交叉互换基因重组(3)AaBb1/12解析(1)根据题意，图甲所示小狗的基因型为AaBB，所以毛色为黑色，基因A、a与B、B或D
12、、d分别位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。(2)正常情况下，如果这只小狗产生了如图乙所示的卵细胞，说明原先位于同源染色体上的基因a与基因A或基因g与基因G发生了交叉互换，该过程发生在减数第一次分裂前期(联会或四分体时期)，发生在同源染色体的非姐妹染色单体之间，该可遗传变异称为基因重组。(3)一只黑毛(A_B_)雌狗与一只褐毛(aaB_)雄狗交配，产下的子代有黑毛(A_B_)、红毛(A_bb)、黄毛(aabb)三种表现型，可见亲代雌狗能产生基因组成为ab的卵细胞，因此亲本黑毛雌狗的基因型为AaBb，褐毛雄狗的基因型是aaBb；子代中的黑毛(1/3AaBB、2/3AaBb)雌狗与黄毛(
13、aabb)雄狗交配，产下的小狗是红毛狗(A_bb)的概率为2/31/21/21/6，是雄狗的概率为1/2，所以后代是红毛雄狗的概率为1/61/21/12。9.(2013福建，28)甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表所示。表现型白花乳白花黄花金黄花基因型AA_Aa_aaB_aa_D_aabbdd请回答：(1)白花(AABBDD)黄花(aaBBDD)，F1基因型是_，F1测交后代的花色表现型及其比例是_。(2)黄花(aaBBDD)金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有_种，其中纯合个体占黄花的比例是_。(3)甘蓝型油菜花色
14、有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为_的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是_。答案(1)AaBBDD乳白花黄花11(2)81/5(3)AaBbDd乳白花解析(1)由双亲基因型可直接写出F1的基因型，F1测交是与aabbdd相交，写出测交后代的基因型，对照表格得出比例；(2)aaBBDD与aabbdd相交，F1的基因型为aaBbDd，可用分枝法列出基因型及其比例，再根据要求回答即可；(3)只有AaBbDd的个体自交得到的后代才会有四种表现型，子一代比例最高的花色表现型，应该是不确定基因对数最多的，即白花和乳白花，但乳白花中的Aa比白花中的AA所占的比例高，所以乳白花比例最高。1.特殊分离比的解题技巧(1)看F2的组合表现型比例，若表现型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。(2)将异常分离比与正常分离比9331进行对比，分析合并性状的类型。如比值为934，则为93(31)，即4为后两种性状的合并结果。
