《（全国通用）2018版高考物理二轮复习 考前三个月 专题1 力与物体的平衡课件》由会员分享，可在线阅读，更多相关《（全国通用）2018版高考物理二轮复习 考前三个月 专题1 力与物体的平衡课件（36页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、专题1 力与物体的平衡,知识专题,网络构建,考题二 共点力作用下的物体的动态平衡,考题三 平衡中的临界、极值问题,栏目索引,考题一 物体的受力分析及平衡问题,考题一 物体的受力分析及平衡问题,1.中学物理中的各种性质的力,知识精讲,2.受力分析的常用方法 (1)整体法与隔离法,(2)假设法 在受力分析时，若不能确定某力是否存在，可先对其作出存在或不存在的假设，然后再就该力存在与否对物体运动状态影响的不同来判断该力是否存在. (3)转换研究对象法 当直接分析一个物体的受力不方便时，可转换研究对象，先分析另一个物体的受力，再根据牛顿第三定律分析该物体的受力.,解析,例1 将重为4mg的均匀长方体物
2、块切成相等的A、B两部分，切面与边面夹角为45，如图1所示叠放并置于水平地面上，现用弹簧秤竖直向上拉物块A的上端，弹簧秤示数为mg，整个装置保持静止，则( ) A.地面与物块间可能存在静摩擦力 B.物块对地面的压力大于3mg C.A对B的压力大小为mg D.A、B之间静摩擦力大小为 mg,图1,典例剖析,解析 对AB整体受力分析，水平方向不受地面的摩擦力，否则不能平衡，故A错误； 竖直方向受力平衡，则有FNF4mg，解得：FN3mg，则物块对地面的压力等于3mg，故B错误； 对A受力分析如图所示， 把A部分所受力沿切面和垂直切面方向进行分解， 根据平衡条件得： FNA(2mgmg)cos 45
3、，Ff(2mgmg)sin 45,1.如图2所示，带电体P、Q可视为点电荷，电荷量相同.倾角为、质量为M的斜面体放在粗糙地面上，将质量为m的带电体P放在粗糙的斜面体上.当带电体Q放在与P等高(PQ连线水平)且与带电体P相距为r的右侧位置时，P静止且受斜面体的摩擦力为0，斜面体保持静止，静电力常量为k，则下列说法正确的是( ) A.P、Q所带电荷量为 B.P对斜面体的压力为0 C.斜面体受到地面的摩擦力为0 D.斜面体对地面的压力为(Mm)g,解析,图2,变式训练,1,2,3,解析 对P，如图甲,对P和斜面体，如图乙 得FN(Mm)g，FfF库mgtan .,1,2,3,2.如图3所示，质量均为
4、m的两物体a、b放置在两固定的水平挡板之间，物体间竖直夹放一根轻弹簧，弹簧与a、b不粘连且无摩擦.现在物体b上施加逐渐增大的水平向右的拉力F，两物体始终保持静止状态，已知重力加速度为g，下列说法正确的是( ) A.物体b所受摩擦力随F的增大而增大 B.弹簧对物体b的弹力大小可能等于mg C.物体a对挡板的压力大小可能等于2mg D.物体a所受摩擦力随F的增大而增大,解析,图3,1,2,3,解析 对b：水平方向FfF，F增大所以Ff增大，故A项正确； 由于b物体受到摩擦力，则上挡板必定对b物体有向下正压力，在竖直方向上，受到重力、正压力和弹簧弹力保持平衡，那么弹簧弹力为重力和正压力之和，必定大于
5、重力mg，故B项错误； 弹簧弹力大于mg，对a物体受力分析可知，a物体对下挡板的压力为其重力和弹簧弹力之和，大于2mg，故C项错误； 对a物体受力分析可知，a物体在水平方向不受力的作用，摩擦力始终为0，故D项错误.,1,2,3,3.如图4所示，一轻质细杆两端分别固定着质量为m1和m2的两个小球A和B(可视为质点).将其放在一个直角形光滑槽中，已知轻杆与槽右壁成角，槽右壁与水平地面成角时，两球刚好能平衡，且0，则A、B两小球质量之比为( ),解析,图4,返回,1,2,3,解析 对A球受力分析，受重力、杆的弹力、槽的 支持力，如图甲所示： 根据共点力的平衡条件，有：,再对B球受力分析，受重力、杆的
6、弹力、槽的支持力，如图乙所示：,返回,1,2,3,考题二 共点力作用下的物体的动态平衡,1.图解法：一个力恒定、另一个力的方向恒定时可用此法. 例：挡板P由竖直位置向水平位置缓慢旋转时小球受力的变化.(如图5),图5,特点：一个力为恒力，另一个力的方向不变.,方法指导,2.相似三角形法：一个力恒定、另外两个力的方向同时变化，当所作矢量三角形与空间的某个几何三角形总相似时用此法.(如图6),AOB与力的矢量 OOA与力的矢量 三角形总相似 三角形总相似 图6,特点：一个力为恒力，另两个力的方向都在变.,3.解析法：如果物体受到多个力的作用，可进行正交分解，利用解析法，建立平衡方程，根据自变量的变
7、化确定因变量的变化. 4.结论法：若合力不变，两等大分力夹角变大，则分力变大.,例2 (2016全国甲卷14)质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上.用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图7所示.用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中( ) A.F逐渐变大，T逐渐变大 B.F逐渐变大，T逐渐变小 C.F逐渐变小，T逐渐变大 D.F逐渐变小，T逐渐变小 解析 对O点受力分析如图所示，F与T的变化情况如图，由图可知在O点向左移动的过程中，F逐渐变大，T逐渐变大，故选项A正确.,图7,解析,典例剖析,例3 如图8所示，绳与杆均不计重力，承受力的最大值一定.A端用铰链固定，滑轮O在A点正
8、上方(滑轮大小及摩擦均可忽略)，B端挂一重物P，现施加拉力FT将B缓慢上拉(绳和杆均未断)，在杆达到竖直前( ) A.绳子越来越容易断 B.绳子越来越不容易断 C.杆越来越容易断 D.杆越来越不容易断,图8,解析,解析 以B点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力F(等于重物的重力G)、轻杆的支持力FN和绳子的拉力FT，作出受力图如图： 由平衡条件得知，FN和FT的合力F与F大小相等， 方向相反，根据三角形相似可得：,使BAO缓慢变小时，AB、AO保持不变，BO变小，则FN保持不变，FT变小.故杆无所谓易断不易断，绳子越来越不容易断，故B项正确. 故选B.,4.如图9所示，在楼道内倾斜天花板上需
9、要安装灯泡照明，两根轻质细线的一端拴在O点、另一端分别固定在天花板上a点和b点，一灯泡通过轻质细线悬挂于O点，系统静止，Oa水平、Ob与竖直方向成一定夹角.现在对灯泡施加一个水平向右的拉力，使灯泡缓缓向右移动一小段距离的过程中( ) A.Oa上的拉力F1可能不变 B.Oa上的拉力F1不断增大 C.Ob上的拉力F2不断减小 D.Ob上的拉力F2可能增大,解析,4,5,图9,变式训练,解析 设灯泡为C.先选择灯泡为研究对象，开始时灯泡受到重力和细线的拉力，所以细线的拉力等于灯泡的重力；对灯泡施加一个水平向右的拉力F后设OC与竖直方向之间的夹角为，如图甲， 则FC ，选择节点O为研究对象，则O点受到
10、三个力的作用处于平衡状态，受力如图乙，,解析,4,5,由图可知，在竖直方向：F2沿竖直方向的分力始终等于FCcos mg，而且F2的方向始终不变，所以F2始终不变； 沿水平方向：F1的大小等于F2沿水平方向的分力与FC沿水平方向分力的和，由于FC沿水平方向分力随的增大而增大，所以F1逐渐增大.可知四个选项中只有B正确.,4,5,5.如图10所示，两相同物块分别放置在对接的两固定斜面上，物块处在同一水平面内，之间用细绳连接，在绳的中点加一竖直向上的拉力F，使两物块处于静止状态，此时绳与斜面间的夹角小于90.当增大拉力F后，系统仍处于静止状态，下列说法正确的是( ) A.绳受到的拉力变大 B.物块
11、与斜面间的摩擦力变小 C.物块对斜面的压力变小 D.物块受到的合力不变,图10,解析,返回,4,5,解析 F增大，由于绳的夹角不变，故绳上的拉力增大，A正确； 对物块进行受力分析，沿斜面方向：绳的拉力的分量与物块重力的分量之和等于静摩擦力，垂直斜面方向：物块重力的分量等于斜面对物块的支持力与绳的拉力的分量之和.由于绳上的拉力增大，故静摩擦力变大，支持力变小，B错误，C正确； 物块仍处于平衡状态，所受合力仍为0，故D正确.,返回,4,5,1.物体平衡的临界问题：当某一物理量变化时，会引起其他几个物理量跟着变化，从而使物体所处的平衡状态恰好出现变化或恰好不出现变化. 2.极限分析法：通过恰当地选取
12、某个变化的物理量将其推向极端(“极大”或“极小”、“极右”或“极左”等). 3.解决中学物理极值问题和临界问题的方法 (1)物理分析方法：就是通过对物理过程的分析，抓住临界(或极值)条件进行求解. (2)数学方法：例如求二次函数极值、讨论公式极值、三角函数极值.,考题三 平衡中的临界、极值问题,方法指导,例4 如图11所示，物体在拉力F的作用下沿水平面做匀速运动，发现当外力F与水平方向夹角为30时，所需外力最小，由以上条件可知，外力F的最小值与重力的比值为( ),图11,典例剖析,对物体受力分析如图所示：物体受 个力做匀速直线运动，所以选用_ ，分方向列平衡方程.,滑动摩擦力：FfFN 解得：
13、F_ 当 最大时，F具有最小值.,FNFsin 30G,Fcos 30Ff,正交,分解,答案,思维规范流程,4,三角函数求极值 (sin 30 cos 30) _ 得_,答案,6.如图12所示，在两固定的竖直挡板间有一表面光滑的重球，球的直径略小于挡板间的距离，用一横截面为直角三角形的楔子抵住.楔子的底角为60，重力不计.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力.为使球不下滑，楔子与挡板间的动摩擦因数至少应为( ),解析,6,7,图12,变式训练,解析 设球的质量为M，隔离光滑均匀重球，对球受力 分析如图甲所示， 由几何关系可知，30，可得： FNFcos ，MgFsin 0,解析,再以楔子为研究对象，由
14、于其重力忽略不计，所以只受 到球的压力、挡板的支持力和摩擦力，如图乙：,6,7,由共点力平衡可得： FNFcos ，FfFsin 0 其中F与F大小相等，方向相反.,6,7,7.如图13所示，质量为m的物体，放在一固定的斜面上，当斜面倾角为30时恰能沿斜面匀速下滑.对物体施加一大小为F的水平向右的恒力，物体可沿斜面匀速向上滑行.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当斜面倾角增大并超过某一临界角0时，不论水平恒力F多大，都不能使物体沿斜面向上滑行，试求： (1)物体与斜面间的动摩擦因数； 解析 由题意物体恰能沿斜面匀速下滑，则满足mgsin 30 mgcos 30 解得,解析答案,图13,6,7,(2)临界角0. 解析 设斜面倾角为，受力情况如图所示， 由匀速直线运动的条件有Fcos mgsin Ff， FNmgcos Fsin ，FfFN,当cos sin 0时 ，F，即“不论水平恒力 F多大，都不能使物体沿斜面向上滑行”，此时临界 角060.,答案 60,返回,解析答案,6,7,
